高考物理一模
试卷
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题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共12小题，共40.0分）1.汤姆孙通过实验研究发现了电子，其研究的是（）A.α射线B.β射线C.x射线D.阴极射线2.在光电效应现象中，物体表面发射出的粒子是（）A.光子B.质子C.中子D.电子3.卢瑟福通过原子核的人工转变实验发现了质子，实验中利用（）A.β粒子轰击氮核B.α粒子轰击氮核C.α粒子轰击铍核D.β粒子轰击铍核4.下列家用电器主要为了把电能转化为机械能的是（）A.吸尘器B.充电器C.电水壶D.电冰箱5.泊松亮斑产生原因是（）A.光的反射B.光的衍射C.光的折射D.光的干涉6.如图某时刻波形图，周期后质点A位于平衡位置的（）A.上方，且向上运动B.下方，且向上运动C.上方，且向下运动D.下方，且向下运动7.长直导线与环形导线固定在同一平面内，长直导线中通有图示方向的电流。当电流大小逐渐减弱时（）A.环形导线有收缩的趋势B.环形导线有远离长直导线的趋势C.环形导线中有顺时针方向的感应电流D.环形导线中有感应电流，但方向无法确定8.如图，上端开口的光滑圆柱形气缸竖直放置，活塞将气体封闭在气缸内。设有a、b两卡环，使活塞只能向上滑动。开始时活塞搁在a、b上，现缓慢加热缸内气体，直到活塞刚要离开卡环。能正确反映缸内气体体积压强变化的V-1/P图象是（）A.B.C.D.第1页，共11页9.如图，两梯形木块M、P（均可看成质点）叠放在水平地面上，M、P之间的接触面倾斜。连接M与天花板之间的细绳沿竖直方向。关于力的分析，下列说法正确（）A.木块M不可能受二个力作用B.木块M可能受三个力作用C.木块M一定受四个力作用D.地面可能受到水平方向的摩擦力10.如图，M、N两点分别固定着带电量相等的正、负点电荷，O是M、N连线和A、B连线的中点。下列说法中正确的是（）A.A、B两点的场强大小相等、方向相同B.A、B两点的电势相等C.负点电荷从A点移到B点，电场力做正功D.正点电荷在A点的电势能小于它在B点的电势能11.如图，用不同的恒定斜向上拉力使木箱沿水平地面做匀速直线运动。第一次拉力与水平面夹角为；第二次拉力与水平面夹角为，且。两次木箱通过的位θ1θ2移相等（动摩擦因数保持不变），拉力做功分别为、，则（）µW1W2A.B.W1=W2W1>W2C.D.以上情况都有可能W1
公式
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，计算出每次实验测得的重力加速度并求出平均值。上述实验步骤疑似有二点错误，请指正：①______；②______；（3）把三位同学实验中得到的多组数据输入计算机生成T2-L图线如图，其中a和b平行，b和c都过原点，则：①图线a对应的g值______图线b对应的g值；②图线c对应的g值______图线b对应的g值。（选填“大于”“小于”或“等于”）四、
计算题
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（本大题共2小题，共30.0分）19.如图斜面，AB段粗糙，BC段长为1.2m且光滑。滑块以初速度v由沿斜面0=9m/sA开始向上滑行，经过处速度为，到达处速度恰好为零。滑块在、BvB=3m/sCABBC滑行时间相等。求：（1）滑块从B滑到C的时间及加速度大小；（2）AB段的长度及滑块从A滑到B的加速度大小；（3）滑块从C点回到A点的速度大小。第3页，共11页20.如图，光滑平行金属导轨（电阻不计）间距为L，水平部分处在磁感应强度为B的匀强磁场中。金属棒a、b与导轨垂直且接触良好。金属棒a从h高处自静止沿导轨下滑、金属棒b开始静止。已知a棒质量为3m，b棒质量为m，电阻均为R．试求：（1）当a棒刚进入磁场时，回路中感应电流的大小；（2）当a棒刚进入磁场时，b棒的加速度大小；（3）假设两棒没有相碰，且b棒的最终速度为，此过程中b棒产生的热量；（4）在v-t坐标系中定性画出a棒进入磁场后两棒的运动图象。第4页，共11页
答案
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和解析1.【答案】D【解析】解：汤姆孙通过研究阴极射线实验，发现了电子的存在，故D正确，ABC错误；故选：D。根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。本题关键在于平时的积累，对课本提到的各个定律，各种现象，要知道做出这个贡献的科学家。2.【答案】D【解析】解：在光电效应现象中，物体表面发射出的粒子是电子。故ABC错误，D正确故选：D。在光的照射下金属中的电子从表面逸出的现象，叫做光电效应，发射出来的电子叫做光电子。由此分析即可。光电效应的实质是光现象转化为电现象，在光电效应中发射出来的电子叫做光电子。3.【答案】B【解析】解：1919年卢瑟福完成了用α粒子轰击氮原子核的人工核实验发现了质子，核反应方程式：He+N→O+H，故ACD错误，B正确。故选：B。卢瑟福通过原子核的人工转变实验发现了质子，方程式为：He+N→O+H。本题考查了卢瑟福发现了质子的实验，属于基础题，难度不大。4.【答案】A【解析】解：吸尘器装备有电动机，能够把电能转化为机械能；充电器是变压器，是升高或者降低电压的装置；电水壶是把电能转化为内能电器；电冰箱是把热量从低温物体转移到高温物体的装置，同时会产生热量。故A正确，BCD错误。故选：A。吸尘器装备有电动机，能够把电能转化为机械能；充电器是变压器，是升高或者降低电压的装置；电水壶是把电能转化为内能电器；电冰箱是把热量从低温物体转移到高温物体的装置，同时会产生热量。本题考查了家用电器电能和其他形式的能量的相互转化的关系。5.【答案】B【解析】解：A、光的反射属于几何光学的内容，不是泊松亮斑产生的原因，故A错误；B、光离开直线路径绕到障碍物阴影里的现象叫光的衍射，的泊松亮斑是当光照到不透光的小圆板上时，在圆板的阴影中心出现的亮斑（在阴影外还有不等间距的明暗相间的圆环）属于光的衍射，故B正确；C、光的折射也属于几何光学的内容，也不是泊松亮斑产生的原因，故C错误；D、光的干涉是指两列（或多列）光波同时存在时，在它们交叠区域每个点的振动都是各列波单独产生的振动的叠加，典型例子为杨氏双缝干涉实验，故D错误。故选：B。第5页，共11页光的折射和反射都属于光的直线传播的内容；光的干涉和衍射属于波动光学的内容；泊松亮斑属于典型的光的衍射现象。本题主要考察对于衍射典型实验的记忆和理解，注意区别几何光学和波动光学有助于解题。其中可重点记忆泊松亮斑属于衍射相关的实验，杨氏双缝属于干涉相关的实验。6.【答案】C【解析】解：横波向右传播，根据“上下坡法”知图示时刻质点A向上运动，则周期后，质点A位于平衡位置的上方，且向下运动，故ABD错误，C正确。故选：C。先根据“上下坡法”判断出图示时刻质点A的运动方向，再根据周期后，质点A的位置与图示时刻的位移关于平衡位置对称，速度反向来分析。解决本题的关键要知道每经过半个周期的运动状态相反，能熟练运用“上下坡法”或波形平移法判断质点的振动方向。7.【答案】C【解析】解：A、当电流逐渐减弱时，电流产生的磁场减小，穿过环形导线的磁通量减小，由楞次定律可知，环形导线的面积有扩大的趋势。故A错误；B、当电流逐渐减弱时，电流产生的磁场减小，穿过环形导线的磁通量减小，由楞次定律可知，环形导线有靠近直导线的趋势。故B错误；CD、根据右手定则可以判定，导线下方的磁场方向向里，磁通量减小时，产生的感应电流的磁场方向向里，是顺时针方向的感应电流，故C正确，D错误；故选：C。会判断通电直导线周围的磁场分布，知道它是非匀强电场，同时要根据楞次定律和安培定则判断感应电流的方向，根据法拉第电磁感应定律得到感应电动势的变化规律。通电指导线周围的磁场为非匀强磁场，会应用楞次定律和法拉第电磁感应定律结合欧姆定律解题，考查比较全面。8.【答案】C【解析】解：由题可知，气体做等容变化，由理想气体得状态方程：可知，当气体的体积不变，温度升高时，气体的压强增大，则减小。由此可知，图象ABD都错误，C正确故选：C。气体做等容变化，温度升高的过程中气体的压强增大，由查理定律分析即可。该题结合图象考查理想气体得状态方程，解答的关键要看到题目的要求为体积不变。9.【答案】B【解析】【分析】分别对M、P及整体进行分析，由共点力的平衡条件可判断两物体可能的受力情况。本题考查共点力的平衡及受力分析，解题关键在于能明确物体受力的各种可能性，从而全面分析得出结果。【解答】解：ABC、对M进行受力分析，则M可能受绳子的拉力、重力而处于平衡；此时MP间没有相互的挤压，故没有摩擦力；若绳子对木块没有拉力，则此时M受重力、支持力及摩擦力而处于平衡，故AC错误，B正确；第6页，共11页D、对整体受力分析可知，整体不受水平方向的推力作用，故P不受地面的摩擦力，则地面也不会受到水平方向的摩擦力；故D错误；故选：B。10.【答案】A【解析】解：A、等量异种电荷的电场线关于两个电荷的连线对称，电场线分布如图：某点电场强度方向用电场线上通过该点的切线方向表示，故A、B两点的场强大小相等、方向相同，故A正确；B、沿着电场线，电势逐渐降低，等势面与电场线垂直，可以先找出A、B两点在MN连线上的等电势点，A在NM连线上的等电势点偏左，故A点电势较高，故B错误；C、由于A点电势高于B点电势，故负点电荷从A点移到B点的过程中，电势能升高，电场力做负功，故D错误；D、正点电荷从A点移动到B点，电场力做正功，电势能减小，即正点电荷在A点的电势能大于它在B点的电势能，故D错误。故选：A。等量异种电荷的电场中，关于其中心点对称两点电场强度相等；关于其连线对称的两个点电势相等，电场强度大小相等；正电荷沿着电场方向电场力做正功，电势能减小；负电荷沿着电场方向电场力做负功，电势能减增大。本题考查了等量异种电荷的电场线和等势面的分布以及电场力和电势能变化关系。记住典型电场线和等势面的分布图是解决问题的关键。11.【答案】B【解析】解：受力分析如图所示。根据力的平衡条件：N+Fsinθ=mg①f=Fcosθ②f=μN③联合①②③式得：f=，可以得到：θ增大时，减小。所以，如果＜，有＞，fθ1θ2f1f2即＞，F1cosθ1F2cosθ2拉力做功：•，W1=F1cosθ1s•W2=F2cosθ2s所以＞W1W2故ACD错误，B正确。故选：B。根据力的平衡条件和摩擦力公式可以求出摩擦力。算出摩擦力做功，再根据摩擦力和拉力做功大小相等，求出拉力做功。本题考查了共的计算问题。利用平衡条件算出摩擦力，摩擦力和拉力做功大小相等是解题的关键。12.【答案】C【解析】解：、阻值增大，回路总阻值增大，干路电流减小，和并联，变大则流过的电ARRR1RR第7页，共11页流比例变小，因此流过R的电流会变小，故A错误；、电阻两端的电压会减小，但由于电源内阻的缘故其变化量小于，故错误；BR2△UB、电阻两端的电压会减小，但由于电源内阻的缘故其变化量小于，则通过通过CR2△U电阻的电流变化量小于，故正确；R2C、路端电压即为和的电压和，两端电压增大，但电阻两端的电压会减小，DRR2R△UR2因此路端电压变化量小于△U，故D错误；故选：C。增大，则和并联电阻变大，分压变大，支路电流变小，根据这些条件的判定，RRR1考虑电源存在的内阻可以相应判断其他元件的电压电流变化量情况。该问题难点在于判断变化量比例的问题，需要熟记闭合电路欧姆定律的表达式，从而推断出当R变化时其他量的变化，推断电流的变化量需要结合欧姆定律，判断电压的变化量需要将电路的电阻分割或者合并；增大，则和并联电阻变大，分压变大，支RRR1路电流变小，根据这些条件的判定，考虑电源存在的内阻可以相应判断其他元件的电压电流变化量情况。13.【答案】电压导电纸【解析】解：“用DIS描绘电场的等势线”实验
方法
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是：将其中一个探针与导电纸上某一基准点接触，然后在导电纸上移动另一个探针，寻找若干个与此基准点的电势差为零的点，即为等势点，所以本实验使用的是电压传感器；木板上有白纸、导电纸和复写纸、最上面的应该是导电纸；故答案为：电压，导电纸根据“描绘电场的等势线”实验方法确定实验器材和仪器安装方法；本题主要是考查描绘电场的等势线实验，解答本题的关键是掌握该实验的实验原理和实验方法。14.【答案】布朗运动减弱【解析】解：布朗运动是指悬浮在液体中微粒的无规则运动，布朗运动实验间接反映了液体分子的运动特点；10OC的水结成冰后，温度降低，大量分子的运动情况将减弱。故答案为：布朗运动，减弱。布朗运动是指悬浮在液体中微粒的无规则运动，不是液体分子的无规则运动，间接反映了液体分子在永不停息的做无规则热运动；温度是分子平均动能的标志。该题关键是掌握布朗运动的本质和温度是分子平均动能的标志。15.【答案】7.5不能【解析】解：（1）实验图中，截距即为电源电动势，斜率的大小即为电源内阻，故内阻为；（2）小灯泡的电阻为，额定电流为，显然电源电动势接上3Ω的电阻后提供不了1A的电流，因此不能使小灯泡正常发光。故答案为：（1）7.5Ω；（2）不能。实验图中中，截距即为电源电动势，斜率的大小即为电源内阻，因此可以通过图象斜率直接计算出内阻大小；能否使灯泡正常发光可以从接入后电流大小来判断，通过题设先算出灯泡电阻，再计算流过电路电流大小即可判断。要理解“DIS测电源电动势和内电阻”实验得出U-I图象所表达的意义，截距即为电源第8页，共11页电动势，斜率的大小即为电源内阻，因此可以通过图象斜率直接计算出内阻大小；能否使灯泡正常发光可以从接入后电流大小来判断，通过题设先算出灯泡电阻，再计算流过电路电流大小即可判断。16.【答案】4-2【解析】解：以为球做匀速运动，所以。A=vA=4m/s由平均速度公式，得：。v=vB==4m/s由平均速度公式：，得：，代入数据得：。vB=vt=2vB-vovB=-2m/s故答案为：4；-2。（1）平均速度=位移÷时间，即v=，A、B两球的位移和速度都相同，所以两球的平均速度相同。（2）平均速度v=，B球的平均速度和初速度知道，代入数据即可求出末速度。（1）要找到A、B两个小球的联系，进而用平均速度公式求解。（2）知道平均速度和初速度求解末速度的时候，选用公式v=计算较为方便。17.【答案】下降＜【解析】解：（）根据受力平衡可知：，当大气压强减小时，水银柱长度不1P0=P+hP0变，气体压强减小；再根据波意耳定律可知，压强变小，气体体积增大即长度变长，水银柱下降；P1V1=P2V2（）根据受力平衡可知：，2P0-△p=P+hP0-2△p=P'+h根据波意耳定律可知：（）（），P1V1=P2V2PL+L1=P'L+L1+L2综上所述，＜L1L2故答案为：下降，＜由水银柱受力平衡可知，气体柱的压强大小，再根据波意耳定律计算可得长P1V1=P2V2度的大小关系。本题考查了理想气体状态方程中的恒温变化，解题的关键是抓住受力平衡及波意耳定律即可。18.【答案】质量比细线大得多，直径比细线长度小的多摆长少了球半径最大摆角不超过5o等于大于【解析】解：（1）实验中选用的摆球应符合的条件是质量比细线大得多，直径比细线长度小的多。（2）摆长是悬点到摆球中心的距离，不是摆线的长度，在实验中摆长少了摆球的半径。单摆在摆角较小时，才可以看成是简谐运动，所以实验时，摆角不能太大，最大摆角不超过5度。（3）根据单摆的周期公式T=得，，图线的斜率k=。①图线a与图线b平行，则斜率相等，可知对应的g值相等。②图线c的斜率小于图线b的斜率，则图线c对应的g值大于图线b对应的g值。故答案为：（1）质量比细线大得多，直径比细线长度小的多。（2）摆长少了球半径；最大摆角不超过5o。（3）等于；大于。第9页，共11页（1、2）根据实验的原理和注意事项确定操作中的错误步骤和摆球应符合的条件。（3）根据单摆的周期公式得出T2与L的关系式，结合图线的斜率比较重力加速度的大小。解决本题的关键知道实验的原理和注意事项，掌握单摆的周期公式，对于图线问题，一般的解题思路是得出物理量的关系式，结合图线斜率或截距分析判断。19.【答案】解：（1）根据平均速度的推论知，，解得滑块从B到C的时间．滑块从B到C的加速度大小。（2）根据平均速度的推论知，AB段的长度。AB段加速度大小=7.5m/s2。（）上滑时3aAB=2aBC由牛顿运动定律可知：滑块在上升时，受力情况如图，设斜面倾角为θmgsinθ+f=ma1mgsinθ=ma2f+mgsinθ=2mgsinθ，即f=mgsinθ；物体从B-C-B，由机械能守恒可得：滑块返回到B点时速度大小仍为3m/s，当滑块返回到AB段时合力为零，滑块匀速下滑，则到达A点的速度大小为3m/s。答：（1）滑块从B滑到C的时间为0.8s，加速度大小为3.75m/s2；（2）AB段的长度为4.8m，滑块从A滑到B的加速度大小为7.5m/s2；（3）滑块从C点回到A点的速度大小为3m/s。【解析】（1）根据平均速度推论，结合BC段的位移大小，求出滑块从B到C的时间，结合速度时间公式求出B到C的加速度大小。（2）根据平均速度推论求出AB段的长度，结合速度时间公式求出A到B的加速度大小。（3）根据两段过程中的加速度大小，结合牛顿第二定律得出摩擦力和重力沿斜面方向分力的关系，得出返回时BA段做匀速直线运动，结合机械能守恒得出B点速度，从而得出返回A点的速度大小。本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，理清物块在整个过程中的运动规律是解决本题的关键，结合牛顿第二定律、运动学公式、机械能守恒综合求解。20.【答案】解：（1）a棒从释放到进入水平轨道的过程机械能守恒，则有：3mgh=得：v=a棒此时开始切割磁感线，产生感应电动势为：E=BLv=BL根据闭合电路欧姆定律得感应电流为：I==（2）a棒进入磁场后b棒因有感应电流通过，受到的安培力：F=BIL对b棒，由牛顿第二定律得：F=ma解得：a=第10页，共11页（3）a棒进入磁场后因受安培力作用做加速度减小的减速运动，b棒受安培力作用做加速度减小的加速运动，当两棒速度相等时开始共同匀速匀速。此过程中系统减少的机械能最终转化成回路的热量为：Q=3mgh-=mgh所以此过程中b棒产生的热量为：Qb=Q=mgh（4）a棒进入磁场后两棒的运动图象如图所示。答：（1）当a棒刚进入磁场时，回路中感应电流的大小是；（2）当a棒刚进入磁场时，b棒的加速度大小是；（3）假设两棒没有相碰，且b棒的最终速度为，此过程中b棒产生的热量是mgh；（4）如图所示。【解析】（1）a棒从释放到进入水平轨道的过程机械能守恒，由机械能守恒定律求出a棒到达水平导轨时的速度v。由E=BLv求出感应电动势，再由欧姆定律求感应电流。（2）当a棒刚进入磁场时，根据安培力公式和牛顿第二定律结合求b棒的加速度大小。（3）分析两金属棒在磁场中的运动情况：金属棒a进入磁场后，产生感应电流，受到向左的安培力作用，做减速运动，b棒受到向右的安培力作用，向右做加速运动，当a、b棒速度相同时，回路中磁通量不发生变化，不产生感应电流，不受安培力作用，金属棒a、b以共同的速度做匀速运动。系统的机械能减小转化为内能，根据能量守恒定律求b棒产生的热量。（4）根据a、b棒的运动情况，画出两棒的运动图象。该题是双杆类型。关键要分析清楚两棒的运动情况，知道两棒在磁场中最终做速度相同的匀速运动。要抓住两棒之间的关系，抓住电流、磁感应强度等相等。做这类问题我们首先应该从运动过程和受力分析入手研究，运用力学规律分析和解决问题。第11页，共11页
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