2009年 第一届全国大学生高等数学竞赛预赛
试题
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及答案
(非数学类)
一、填空题(每小题 5分,共 20分)
1.计算 =
−−
++
∫∫ yx
yx
x
y
yx
D
dd
1
)1ln()(
____________,其中区域 D由直线 1=+ yx 与两
坐标轴所围成三角形区域.
解 令 vxuyx ==+ , ,则 vuyvx −== , ,
vuvuyx dddd
11
10
detdd =⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
−
= ,
vu
u
vuuu
yx
yx
x
y
yx
DD
dd
1
lnln
dd
1
)1ln()(
∫∫∫∫ −
−
=
−−
++
∫
∫ ∫∫
−
−
−
−
=
−
−
−
=
1
0
2
1
0 00
d
1
)ln(
1
ln
d)dln
1
d
1
ln
(
u
u
uuuu
u
uu
uvv
u
u
v
u
uu
uu
∫ −
=
1
0
2
d
1
u
u
u
(*)
令 ut −= 1 ,则 21 tu −= , dt2d tu −= , 422 21 ttu +−= , )1)(1()1( 2 tttuu +−=− ,
∫ +−−=
0
1
42 d)21(2(*) ttt
∫ +−=
1
0
42 d)21(2 ttt
15
16
5
1
3
2
2
1
0
53 =⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
+−= ttt
2.设 )(xf 是连续函数,且满足 ∫ −−=
2
0
2 2d)(3)( xxfxxf , 则 =)(xf ____________.
解 令 ∫=
2
0
d)( xxfA ,则 23)( 2 −−= Axxf ,
AAxAxA 24)2(28d)23(
2
0
2 −=+−=−−= ∫ ,
解得
3
4
=A 。因此
3
10
3)( 2 −= xxf
3.曲面 2
2
2
2
−+= y
x
z
平行平面 022 =−+ zyx 的切平面方程是__________.
解 因平面 022 =−+ zyx 的法向量为 )1,2,2( − ,而曲面 2
2
2
2
−+= y
x
z 在
),( 00 yx 处的法向量为 )1),,(),,(( 0000 −yxzyxz yx ,故 )1),,(),,(( 0000 −yxzyxz yx 与
)1,2,2( − 平行,因此,由
xz
x
= , yz
y
2= 知 000000 2),(2,),(2 yyxzxyxz yx ==== ,
即 1,2 00 == yx ,又 1)1,2(),( 00 == zyxz ,于是曲面 022 =−+ zyx 在 )),(,,( 0000 yxzyx
处的切平面方程是 0)1()1(2)2(2 =−−−+− zyx ,即曲面 2
2
2
2
−+= y
x
z
平行平面
022 =−+ zyx 的切平面方程是 0522 =−−+ zyx 。
4.设函数 )(xyy = 由方程 29ln)( yyf exe = 确定,其中 f 具有二阶导数,且 1≠′f ,
则 =
2
2
d
d
x
y
________________.
解法 1 方程 29ln)( yyf exe = 的两边对 x求导,得
29ln)( )()( yeeyyfxe yyfyf ′=′′+
即
29ln])(
1
[ )( yyf eyxeyyf
x
′=′′+
因 029ln )( ≠= yfy xee ,故 yyyf
x
′=′′+ )(
1
,即
))(1(
1
yfx
y
′−
=′ ,因此
222
2
)](1[
)(
))(1(
1
d
d
yfx
yyf
yfx
y
x
y
′−
′′′
+
′−
−=′′=
32
2
232 )](1[
)](1[)(
))(1(
1
)](1[
)(
yfx
yfyf
yfxyfx
yf
′−
′−−′′
=
′−
−
′−
′′
=
解法 2 方程 29ln)( yyf exe = 取对数,得 29lnlnln)( +=+ yxyf (1)
方程(1)的两边对 x求导,得 y
x
yyf
′=+′′
1
)( (2)
即
))(1(
1
yfx
y
′−
=′ (3)
方程(2)的两边对
x
求导,得
y
x
yyfyyf
′′=−′′′+′′′
2
2 1))(()( (4)
将(3)代入(4),得
y
xyfx
yf
yyf
′′=−
′−
′′
+′′′
222
1
))(1(
)(
)(
将左边的第一项移到右边,得
))(1(
))(1(
))(1()(
22
2
yfy
yfx
yfyf
′−′′=
′−
′−−′′
因此
32
2
)](1[
)](1[)(
yfx
yfyf
y
′−
′−−′′
=′′
二、(5分)求极限 x
e
nxxx
x
n
eee
)(lim
2
0
+++
→
⋯
,其中 n是给定的正整数.
解法 1 因
x
e
nxxx
x
x
e
nxxx
x
n
neee
n
eee
)1(lim)(lim
2
0
2
0
−+++
+=
+++
→→
⋯⋯
故
nx
neee
e
x
e
n
neee
A
nxxx
x
nxxx
x
−+++
=
−+++
=
→
→
⋯
⋯
2
0
2
0
lim
lim
e
n
n
n
e
n
neee
e
nxxx
x 2
1212
lim
2
0
+
=
+++
=
+++
=
→
⋯⋯
因此
e
n
A
x
e
nxxx
x
ee
n
eee
2
12
0
)(lim
+
→
==
+++ ⋯
解法 2 因
x
neee
e
n
eee
nxxx
x
x
e
nxxx
x
ln)ln(
lim)ln(lim
2
0
2
0
−+++
=
+++
→→
⋯⋯
e
n
n
n
e
eee
neee
e
nxxx
nxxx
x 2
1212
lim
2
2
0
+
=
+++
=
+++
+++
=
→
⋯
⋯
⋯
故
e
n
A
x
e
nxxx
x
ee
n
eee
2
12
0
)(lim
+
→
==
+++ ⋯
三、(15分)设函数 )(xf 连续, ∫=
1
0
d)()( txtfxg ,且 A
x
xf
x
=
→
)(
lim
0
, A为常数,求
)(xg′ 并讨论 )(xg′ 在 0=x 处的连续性.
解 由
A
x
xf
x
=
→
)(
lim
0
和函数 )(xf 连续知, 0
)(
limlim)(lim)0(
000
===
→→→
x
xf
xxff
xxx
因 ∫=
1
0
d)()( txtfxg ,故 0)0(d)0()0(
1
0
=== ∫ ftfg ,
因此,当 0≠x 时, ∫=
x
uuf
x
xg
0
d)(
1
)( ,故
0)0(
1
)(
lim
d)(
lim)(lim
0
0
00
====
→→→
∫
f
xf
x
uuf
xg
x
x
xx
当 0≠x 时,
x
xf
uuf
x
xg
x )(
d)(
1
)(
02
+−=′ ∫ ,
2
0
0
0
00
d)(
lim
d)(
1
lim
)0()(
lim)0(
x
ttf
x
ttf
x
x
gxg
g
x
x
x
xx
∫∫
→→→
==
−
=′
22
)(
lim
0
A
x
xf
x
==
→
22
d)(
1
lim
)(
lim]
)(
d)(
1
[lim)(lim
02000200
AA
Auuf
xx
xf
x
xf
uuf
x
xg
x
xx
x
xx
=−=−=+−=′ ∫∫ →→→→
这
表
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明 )(xg′ 在 0=x 处连续.
四、(15分)已知平面区域 }0,0|),{( ππ ≤≤≤≤= yxyxD , L为D的正向边界,
试证:
(1) ∫∫ −=− −−
L
xy
L
xy
xyeyxexyeyxe dddd sinsinsinsin ;
(2) 2sinsin
2
5
dd π∫ ≥− −
L
yy
xyeyxe
.
证 因被积函数的偏导数连续在D上连续,故由格林公式知
(1)
yxye
y
xe
x
xyeyxe
D
xy
L
xy dd)()(dd sinsinsinsin ∫∫∫ ⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
−
∂
∂
−
∂
∂
=− −−
yxee
D
xy dd)( sinsin∫∫ −+=
∫ −−
L
xy
xyeyxe dd sinsin
yxye
y
xe
x
D
xy dd)()( sinsin∫∫ ⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
−
∂
∂
−
∂
∂
= −
yxee
D
xy dd)( sinsin∫∫ += −
而
D
关于
x
和
y
是对称的,即知
yxee
D
xy dd)( sinsin∫∫ −+ yxee
D
xy dd)( sinsin∫∫ += −
因此
∫∫ −=− −−
L
xy
L
xy
xyeyxexyeyxe dddd sinsinsinsin
(2)因
)1(2)
!4!2
1(2 2
42
t
tt
ee
tt +≥+++=+ − ⋯
故
2
2cos5
2
2cos1
2sin2 2sinsin
xx
xee
xx
−
=
−
+=+≥+ −
由
∫∫∫ ∫∫ +=+=− −−−
D
xy
L D
xyyy
yxeeyxeexyeyxe dd)(dd)(dd sinsinsinsinsinsin
知
∫∫∫ ∫∫ +++=− −−−
D
xy
L D
xyyy
yxeeyxeexyeyxe dd)(
2
1
dd)(
2
1
dd sinsinsinsinsinsin
∫∫∫∫∫∫ +=+++=
−−−
D
xx
D
xx
D
yy
yxeeyxeeyxee dd)(dd)(
2
1
dd)(
2
1 sinsinsinsinsinsin
2
00
sinsin
2
5
d
2
2cos5
d)( πππ
ππ
=
−
≥+= ∫∫ − x
x
xee
xx
即
2sinsin
2
5
dd π∫ ≥− −
L
yy
xyeyxe
五、(10分)已知 xx exey 21 += ,
xx
exey
−+=2 ,
xxx
eexey
−−+= 23 是某二阶常
系数线性非齐次微分方程的三个解,试求此微分方程.
解 设 xx exey 21 += ,
xx
exey
−+=2 ,
xxx
eexey
−−+= 23 是二阶常系数线性非齐
次微分方程
)(xfcyyby =+′+′′
的三个解,则 xx
eeyy
2
12 −=−
− 和 x
eyy
−=− 13 都是二阶常系数线性齐次微分方程
0=+′+′′ cyyby
的解,因此 0=+′+′′ cyyby 的特征多项式是 0)1)(2( =+− λλ ,而 0=+′+′′ cyyby 的特
征多项式是
02 =++ cbλλ
因此二阶常系数线性齐次微分方程为 02 =−′−′′ yyy ,由 )(2 111 xfyyy =−′−′′ 和
xxx
exeey
2
1 2++=′ ,
xxx
exeey
2
1 42 ++=′′
知,
111 2)( yyyxf −′−′′= )(2)2(42
222 xxxxxxxx
exeeexeeexe +−++−++=
x
ex)21( −=
二阶常系数线性非齐次微分方程为
xx
xeeyyy 22 −=−′−′′
六、(10分)设抛物线 cbxaxy ln22 ++= 过原点.当 10 ≤≤ x 时, 0≥y ,又已知该抛
物线与
x
轴及直线 1=x 所围图形的面积为
3
1
.试确定
cba ,, ,使此图形绕 x轴旋转一周而成
的旋转体的体积最小.
解 因抛物线 cbxaxy ln22 ++= 过原点,故 1=c ,于是
2323
dt)(
3
1
1
0
23
1
0
2 ba
x
b
x
a
bxax +=⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ +=+= ∫
即
)1(
3
2
ab −=
而此图形绕 x轴旋转一周而成的旋转体的体积为
∫∫ −+=+=
1
0
22
1
0
22 dt))1(
3
2
(dt)()( xaaxbxaxaV ππ
∫∫∫ −+−+=
1
0
22
1
0
3
1
0
42 dt)1(
9
4
dt)1(
3
4
dt xaxaaxa πππ
22 )1(
27
4
)1(
3
1
5
1
aaaa −+−+= πππ
即
22 )1(
27
4
)1(
3
1
5
1
)( aaaaaV −+−+= πππ
令
0)1(
27
8
)21(
3
1
5
2
)( =−−−+=′ aaaaV πππ ,
得
04040904554 =+−−+ aaa
即
054 =+a
因此
4
5
−=a ,
2
3
=b , 1=c .
七、(15分)已知 )(xu
n
满足 ),2,1()()( 1 ⋯=+=′ − nexxuxu xn
nn
, 且
n
e
u
n
=)1( , 求函
数项级数∑
∞
=1
)(
n
n
xu 之和.
解
xn
nn
exxuxu
1)()( −+=′ ,
即
xn
exyy
1−=−′
由一阶线性非齐次微分方程公式知
)d( 1 xxCey nx ∫ −+=
即
)(
n
x
Cey
n
x +=
因此
)()(
n
x
Cexu
n
x
n
+=
由 )
1
()1(
n
Ceu
n
e
n
+== 知, 0=C ,
于是
n
ex
xu
xn
n
=)(
下面求级数的和:
令
∑∑
∞
=
∞
=
==
11
)()(
n
xn
n
n
n
ex
xuxS
则
x
e
xSexxS
n
ex
exxS
x
n
xn
n
xn
xn
−
+=+=+=′ ∑∑
∞
=
−
∞
=
−
1
)()()()(
1
1
1
1
即
x
e
xSxS
x
−
=−′
1
)()(
由一阶线性非齐次微分方程公式知
)d
1
1
()( x
x
CexS
x
∫ −+=
令 0=x ,得 CS == )0(0 ,因此级数∑
∞
=1
)(
n
n
xu 的和
)1ln()( xexS x −−=
八、(10分)求 −→1x 时, 与∑
∞
=0
2
n
n
x 等价的无穷大量.
解 令
2
)( txtf = ,则因当 10 << x , ),1( +∞∈t 时, 0ln2)(
2
<=′ xtxtf t ,故
x
t
t
extf
1
ln22
)(
−
== 在 ),0( +∞ 上严格单调减。因此
∫∑ ∫∑∑∫∫
∞+∞
=
−
∞
=
∞
=
+∞+
+=+≤≤=
0
1
1
00
1
0
d)(1d)()0()(d)(d)( ttfttffnfttfttf
n
n
n
nn
n
n
即
∫∑∫
∞+∞
=
∞+
+≤≤−
0
1
0
d)(1)(1d)( ttfnfttf
n
又
∑∑
∞
=
∞
=
=
00
2
)(
n
n
n
xnf ,
1
1
1
lim
1
1
ln
lim
11
=
−
−
=
− →→
x
x
x
xx
21
ln
1
d
1
ln
1
ddd)(
00
1
ln
00
2
2
2
π
x
te
x
tetxttf
t
x
t
t ==== ∫∫∫∫
∞+
−
∞+ −∞+∞+
,
所以,当 −→1x 时, 与∑
∞
=0
2
n
n
x 等价的无穷大量是
x−12
1 π
。