数列题型及解题方法归纳总结

知识框架数列的分类数列数列的通项公式函数角度理解的概念数列的递推关系等差数列的定义anan1d(n2)等差数列的通项公式ana1(n1)d等差数列Snn(a1an)na1n(n1)d等差数列的求和公式22等差数列的性质anamapaq(mnpq)两个基anq(n2)等比数列的定义an本数列1等比数列的通项公式ana1qn1等比数列na1anqa1(1q)(q1)数列Sn等比数列的求和公式1q1qna1(q1)等比数列的性质anamapaq(mnpq)公式法分组求和错位相减求和数列裂项求和求和倒序相加求和累加累积归纳猜想证明分期付款数列的应用其他掌握了数列的基本知识，特别是等差、等比数列的定义、通项公式、求和公式及性质，掌握了典型题型的解法和数学思想法的应用，就有可能在高考中顺利地解决数列问题。一、典型题的技巧解法1、求通项公式1）观察法。（2）由递推公式求通项。对于由递推公式所确定的数列的求解，通常可通过对递推公式的变换转化成等差数列或等比数列问题。递推式为an+1=an+d及an+1=qan（d，q为常数）例1、已知{an}满足an+1=an+2，而且a1=1。求an。例1、解∵an+1-an=2为常数∴{an}是首项为1，公差为2的等差数列∴an=1+2（n-1）即an=2n-1例2、已知{an}满足an112，求an=？an，而a122）递推式为an+1=an+f（n）例3、已知{an}中a111，求an.，an1an24n21解：由已知可知an1an11111)(2n1)2()(2n2n12n1令n=1，2，，（n-1），代入得（n-1）个等式累加，即（a2-a1）+（a3-a2）++（a-an-1）nana11(11)4n322n14n2★说明只要和f（1）+f（2）++f（n-1）是可求的，就可以由an+1=an+f（n）以n=1，2，，（n-1）代入，可得n-1个等式累加而求an。(3)递推式为an+1=pan+q（p，q为常数）例4、{an}中，a11，对于n＞1（n∈N）有an3an12，求an.解法一：由已知递推式得an+1=3an+2，an=3an-1+2。两式相减：an+1-an=3（an-an-1）因此数列{an+1-a}是公比为3的等比数列，其首项为a-a=（3×1+2）-1=4n21∴an+1-an=4·3n-1∵an+1=3an+2∴3an+2-an=4·3n-1即an=2·3n-1-1解法二：上法得{an+1-an}是公比为3的等比数列，于是有：a2-a1=4，a3-a2=4·3，43=4·32nn-1n-2，a-a，，a-a=4·3把n-1个等式累加得：an=2·3n-1-1递推式为an+1=pan+qn（p，q为常数）bn1bn2(bnbn1)由上题的解法，得：bn32(2)n∴33bn1)n1nan3(2()2n23(5)递推式为an2pan1qan思路：设an2pan1qan,可以变形为：an2an1(an1an)，想于是{an+1-αan}是公比为β的等比数列，就转化为前面的类型。求an。(6)递推式为Sn与an的关系式关系；（2）试用n 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 示an。∴Sn1Sn(anan1)(n121n1)22∴anan11an1∴112n1an12an2n2n+1得2n+1an+1=2nan+2则{2nan}是公差为上式两边同乘以2的等差数列。2nan=2+（n-1）·2=2n数列求和的常用 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 ：1、拆项分组法：即把每一项拆成几项，重新组合分成几组，转化为特殊数列求和。2、错项相减法：适用于差比数列（如果an等差，bn等比，那么anbn叫做差比数列）即把每一项都乘以bn的公比q，向后错一项，再对应同次项相减，转化为等比数列求和。3、裂项相消法：即把每一项都拆成正负两项，使其正负抵消，只余有限几项，可求和。11an等差）适用于数列和anan（其中anan11可裂项为：11(11)，anan1danan111(an1an)anan1d等差数列前n项和的最值问题：1、若等差数列an的首项a10，公差d0，则前n项和Sn有最大值。（ⅰ）若已知通项an0an，则Sn最大；an10（ⅱ）若已知Snpn2qn，则当n取最靠近q的非零自然数时Sn最2p大；2、若等差数列an的首项a10，公差d0，则前n项和Sn有最小值（ⅰ）若已知通项an0；an，则Sn最小0an1（ⅱ）若已知2qSnpnqn，则当n取最靠近的非零自然数时S2pn最小；数列通项的求法：⑴公式法：①等差数列通项公式；②等比数列通项公式。⑵已知Sn（即a1a2Lanf(n)）求an，用作差法：anS1,(n1)。SnSn1,(n2)f(1),(n1)已知a1ga2gLganf(n)求an，用作商法：anf(n),(n。f(n1)2)⑶已知条件中既有Sn还有an，有时先求Sn，再求an；有时也可直接求an。⑷若an1anf(n)求an用累加法：an(anan1)(an1an2)L(a2a1)a1(n2)。⑸已知an1f(n)求an，用累乘法：ananan1La2a1(n2)。anan1an2a1⑹已知递推关系求an，用构造法（构造等差、等比数列）。特别地，（1）形如ankan1b、ankan1bn（k,b为常数）的递推数列都可以用待定系数法转化为公比为k的等比数列后，再求an；形如ankan1kn的递推数列都可以除以kn得到一个等差数列后，再求an。（2）形如anan1的递推数列都可以用倒数法求通项。kan1b（3）形如an1ank的递推数列都可以用对数法求通项。（7）（理科）数学归纳法。（8）当遇到an1an1d或an1q时，分奇数项偶数项讨论，结果可an1能是分段形式。数列求和的常用方法：（1）公式法：①等差数列求和公式；②等比数列求和公式。（2）分组求和法：在直接运用公式法求和有困难时，常将“和式”中“同类项”先合并在一起，再运用公式法求和。3）倒序相加法：若和式中到首尾距离相等的两项和有其共性或数列的通项与组合数相关联，则常可考虑选用倒序相加法，发挥其共性的作用求和（这也是等差数列前n和公式的推导方法）.（4）错位相减法：如果数列的通项是由一个等差数列的通项与一个等比数列的通项相乘构成，那么常选用错位相减法（这也是等比数列前n和公式的推导方法）.5）裂项相消法：如果数列的通项可“分裂成两项差”的形式，且相邻项分裂后相关联，那么常选用裂项相消法求和.常用裂项形式有：①11)11；②11(1n1)；n(nnn1n(nk)knk③11111)，k2k21(k1k211111111；kk1(k1)kk2(k1)kk1k④n(n12)1[11)(n12)]；⑤(nn11；1)(n2n(n1)(n1)!n!(n1)!⑥2(n1n)2122(nn1)n1nnnn1二、解题方法：求数列通项公式的常用方法：1、公式法2、由Sn求an（n1时，a1S1，n2时，anSnSn1）3、求差（商）法如：an满足1a11a21an2n512222n解：n1时，1a21，∴a114152n2时，1a11a21an12n1522222n112得：1nan22∴an2n1∴an14(n1)2n1(n2)［练习］数列an满足SnSn15an1，a14，求an3（注意到an1Sn1Sn代入得：Sn14Sn又S14，∴Sn是等比数列，Sn4nn2anSnSn13·4n1、叠乘法ana13an1nanann1解：a2·a3an1·2n1an1a1a2an123na1na133ann、等差型递推公式anan1f(n)a1a0ann2a2a1f(2)a3a2f(3)anan1f(n)ana1f(2)f(3)f(n)ana0f(2)f(3)f(n)［练习］ana1an3n1an1n2an11ancan1c1x(c1)xdxdc1anda1dccc11ancda1d·cn11c1ana1dcn1cdc11［练习］ana193an1an4ann1（an841）37、倒数法a1an12anan12an1an211an12an2anan3n121116、等比型递推公式ancan1dcdc0c1d0anxcan1xan1an21为等差数列，1，公差为1ana11211n1·11n1an22∴an2n12．数列求和问题的方法（1）、应用公式法等差、等比数列可直接利用等差、等比数列的前n项和公式求和，另外记住以下公式对求和来说是有益的。1＋3＋5＋＋(2n-1)=n2【例8】求数列1，（3+5），（7+9+10），（13+15+17+19），前n项的和。解本题实际是求各奇数的和，在数列的前n项中，共有1+2++n=1n(n1)2个奇数，∴最后一个奇数为：1+[1n(n+1)-1]×2=n2+n-12因此所求数列的前n项的和为（2）、分解转化法对通项进行分解、组合,转化为等差数列或等比数列求和。【例9】求和S=1·（n2-1）+2·（n2-22）+3·（n2-32）++n（n2-n2）解S=n2（1+2+3++n）-（13+23+33++n3）3）、倒序相加法适用于给定式子中与首末两项之和具有典型的规律的数列，采取把正着写与倒着写的两个和式相加，然后求和。例10、求和：Sn3C1n6Cn2L3nCnn例10、解Sn0?Cn03Cn16Cn2L3nCnnSn=3n·2n-1（4）、错位相减法如果一个数列是由一个等差数列与一个等比数列对应项相乘构成的，可把和式的两端同乘以上面的等比数列的公比，然后错位相减求和．例11、求数列1，3x，5x2,,(2n-1)xn-1前n项的和．解设Sn=1+3+5x2++(2n-1)xn-1．①(2)x=0时，S=1．n(3)当x≠0且x≠1时，在式①两边同乘以23nx得xS=x+3x+5x++(2n-1)x，n②-②，得(1-x)Sn=1+2x+2x2+2x3++2xn-1-(2n-1)xn．裂项法：把通项公式整理成两项(式多项)差的形式，然后前后相消。常见裂项方法：例12、求和11111?53?75?9L(2n1)(2n3)注：在消项时一定注意消去了哪些项，还剩下哪些项，一般地剩下的正项与负项一样多。在掌握常见题型的解法的同时，也要注重数学思想在解决数列问题时的应用。二、常用数学思想方法1．函数思想运用数列中的通项公式的特点把数列问题转化为函数问题解决。【例13】等差数列{an}的首项a1＞0，前n项的和为Sn，若Sl=Sk（l≠k）问n为何值时Sn最大？此函数以n为自变量的二次函数。∵a1＞0Sl=Sk（l≠k），∴d＜0故此二次函数的图像开口向下f（l）=f（k）2．方程思想【例14】设等比数列{an}前n项和为Sn，若S3+S6=2S9，求数列的公比q。分析本题考查等比数列的基础知识及推理能力。解∵依题意可知q≠1。∵如果q=1，则S3=3a1，S6=6a1，S9=9a1。由此应推出a1=0与等比数列不符。q≠1整理得q3（2q6-q3-1）=0∵q≠0此题还可以作如下思考：S6=S3+q3S3=（1+q3）S3。S9=S3+q3S6=S3（1+q3+q6），∴由S3+S6=2S9可得2+q3=2（1+q3+q6），2q6+q3=03．换元思想【例15】已知a，b，c是不为1的正数，x，y，z∈R+，且求证：a，b，c顺次成等比数列。证明依题意令xyza=b=c=kx=1ogak，y=logbk，z=logckb2=ac∴a，b，c成等比数列（a，b，c均不为0）数学5（必修）第二章：数列一、选择题1．数列an的通项公式an1，则该数列的前（）项之和等于9。nn1A．98B．99C．96D．972．在等差数列an中，若S41,S84，则a17a18a19a20的值为（）A．9B．12C．16D．173．在等比数列an中，若a26，且a52a4a3120，则an为（）A．6B．6(1)n2C．62n2D．6或6(1)n2或62n2二、填空题1．已知数列an中，a11，an1anan1an，则数列通项an___________。2．已知数列的Snn2n1，则a8a9a10a11a12=_____________。3．三个不同的实数a,b,c成等差数列，且a,c,b成等比数列，则a:b:c_________。3．已知数列{an}的前n项和为Sn，满足Sn=2an-2n(n∈N)三、解答题1．已知数列an的前n项和Sn32n，求an（1）求数列{an}的通项公式an;（2）若数列{bn}满足bn=log2(an+2),Tn为数列{bn}的前n项和，求an2证Tn≥1;22．数列lg1000,lg(1000cos600),lg(1000cos2600),...lg(1000cosn1600),的前多少项和为最大？