安徽省安庆市某重点中学2021届下学期阶段性检测物理试卷

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下列有关波粒二象性的说法中，正确的是A.大量光子的行为往往表现出光的粒子性B.光电效应现象说明了光具有波粒二象性C.光照射到某金属表面能否发生光电效应取决于入射光的频率D.实物粒子不具有波粒二象性被誉为中国“人造太阳”的环流器二号M装置，是一款通过可控热核聚变反应为我们提供能源的装置，该款装置的核心温度可达2亿摄氏度，其温度比真正的太阳还高。下列核反应方程中不属于聚变反应的是A.B.C.D.如图所示，水上飞人表演使用的是喷射式悬浮飞行器，它通过向下喷射高压水柱的方式，将表演者托举到水面上方一定高度处。设表演者和飞行器的总质量为m，两个喷口总的横截面积为S，水的密度为，重力加速度为g，不计管、管中水的质量及水喷出前对表演者的作用力，且水喷出前的速度为0，则当表演者悬停在空中时，单位时间内喷出的水的质量为A.mB.C.D.如图所示，O点是近地点，Ⅰ是地球同步卫星轨道，Ⅱ是从地球上发射火星探测器的转移轨道，Ⅲ是火星探测器在近火星点P制动后的圆形轨道，M点是Ⅰ、Ⅱ轨道的交点，则A.火星探测器和地球同步卫星在M点的速度相等B.火星探测器在P点制动后进入轨道Ⅲ运行时的速度约等于火星的第一宇宙速度C.火星探测器在O点的速度等于地球的第一宇宙速度D.火星探测器刚运动到P点时的速度一定等于火星的第一宇宙速度如图所示，空心“十”字形金属框ABCDEFGHIJKL各边边长相等，均为a，在金属框的右上侧足够大的空间存在垂直金属框所在平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为，金属框上A，K两点的连线与磁场的边界虚线重合，在同一平面内建有沿FL连线方向的x轴。某时刻开始，金属框以恒定的速度沿x轴方向进入磁场，则在进入磁场过程中，金属框中的电流i随时间t变化的关系图象可能是规定电流逆时针方向为正方向，设金属框中最大电流为A.B.C.D.在距离竖直砖墙L远的同一竖直线上的两个位置，沿水平方向抛射三个小球1，2，3，初速度分别为、和。如图为三个小球的运动轨迹和击中竖直砖墙位置的示意图，墙砖规格统一，砖缝宽度不计，则：：为A.1：2：1B.1：：1C.：1：1D.：1：如图所示，物体P和Q的质量分别为、和，PM和MQ为同一根轻绳且相互垂直，PM平行于倾角为的固定斜面，定滑轮M光滑，MQ和OQ两段轻绳相互垂直。物体P与斜面间的动摩擦因数为，整个系统保持静止，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则；A.当：：4时，物体P有沿斜面向上运动的趋势B.当：：1时，物体P有沿斜面向下运动的趋势C.当：：2时，物体P有沿斜面向上运动的趋势D.当：：1时，物体P有沿斜面向下运动的趋势如图所示，两个等量同种正点电荷Q固定在真空中同一水平线上，相距为r，O为两者连线的中点，过O点沿竖直方向做两者连线的垂线MN。质量为m、带负电的小球可视为质点放在MN上的P点，P到两个点电荷的距离均为r，静电力常量为k，重力加速度为g，下列说法正确的是A.若将小球从P点由静止释放，小球将沿直线MN做匀加速直线运动B.若将小球从P点由静止释放，小球将沿直线MN运动且从P到O的运动过程中重力势能减小，动能增大，机械能减小C.若在O点再固定一个带电量为Q的负点电荷，则当小球电荷量为时，小球从P点由静止释放时的加速度的大小为D.若在O点再固定一个带电量为Q的负点电荷，则当小球电荷量为时，在P点给小球一垂直于纸面的大小合适的速度v，可以使其绕O点做匀速圆周运动如图所示，变压器原线圈两端接正弦交变电流，电流表A和电压表V均为理想交流电表，L为小灯泡，为定值电阻，R为滑动变阻器，P、Q分别为滑动变阻器和副线圈上的滑动触头，二者都有一定的调节范围。若只调节P或者只调节Q，使电流表示数增大，则还可能同时观察到的现象是A.电压表示数增大，小灯泡L变亮B.电压表示数增大，小灯泡L变暗C.电压表示数减小，小灯泡L变亮D.电压表示数减小，小灯泡L变暗如图所示，倾角为的斜面固定在水平地面上，斜面上O点以上部分光滑，O点及以下部分粗糙，一轻弹簧下端固定在挡板上，上端自然伸长到O点。质量的小物块M紧靠弹簧上端静止于O点，质量同为m的小物块N从Q点由静止释放，两小物块在O点发生弹性碰撞碰撞时间极短，P是M运动的最低点。已知O、Q间距，O、P间距，两小物块与斜面间的动摩擦因数均为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取，两小物块均可视为质点，则A.碰后瞬间小物块M的动能等于弹簧的最大弹性势能B.小物块M第一次从最低点返回后，到达的最高点的位置与O点间的距离为C.碰后小物块M从O点运动到最低点P的过程中，重力势能的减少量等于小物块M与斜面间因摩擦而产生的热量D.小物块M第一次从最低点返回到O点的过程中，经过O点时的速度最大如图所示，足够长的水平绝缘传送带以大小为的速度顺时针匀速转动，传送带上方足够大空间内存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。将一质量为m、电荷量为q的带正电的小物块可视为质点无初速度地放在传送带的左端，小物块与传送带间的动摩擦因数为，重力加速度为g，下列所画出的小物块速度随时间变化的图象图中，可能正确的是A.B.C.D.如图所示，长为4a、宽为a的矩形导体框ABCD竖直固定，虚线EF到导体框AB边的距离为，在虚线EF下方存在方向垂直于导体框所在平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。导体棒的材料、粗细与导体框相同，单位长度的电阻为r。现将导体棒从与导体框AB边重合的位置由静止释放两者始终接触良好且保持垂直，进入磁场时的加速度刚好为0，此后用竖直方向的外力控制导体棒一直向下做匀速运动，重力加速度为g，则A.导体棒的质量B.从导体棒进入磁场到出磁场的过程中，导体棒中电流的最小值C.从开始到导体棒出磁场的过程中，电路中产生的焦耳热D.从导体棒进入磁场到出磁场的过程中，外力方向始终不变探究小组要测量电动势约为3V、内电阻约为的电源的电动势和内阻，他们选择的器材是：电流表，内阻约几欧姆，电压表，内阻为，滑动变阻器额定电流为1A，最大阻值为，电阻箱，开关S、导线若干。回答下列问 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 ：小组同学先利用电阻箱将电压表改装成量程为3V的电压表，然后进行测量，请在图甲所示方框中画出实验电路图，要求在图中标出器材的代号。探究小组通过实验测出了六组数据，在坐标纸上用纵轴表示电压表的读数U，横轴表示电流表的读数I，描点画出了关系图象如图乙所示，利用图中数据可求得电源的电动势______V，内阻______结果均保留2位有效数字。结合实验所选电路的特点，可知电动势的测量值与真实值相比______，内阻的测量值与真实值相比______均填“偏大”“偏小”或“准确”。实验小组用图甲所示装置验证外力做功与物体动能变化的关系。实验选用的钩码的质量，滑块含遮光条的质量。开始时，轻绳下端不挂钩码，调节旋钮P、Q的高度，使滑块在气垫导轨上做匀速运动；然后在轻绳下端挂上钩码，用钩码的重力表示外力F，重力加速度g取，滑块在轻绳的拉动下先后通过光电门2和1，与之相连的光电计时器可以记录遮光条挡光的时间。回答下列问题：判断滑块在导轨上做匀速运动的依据是______；用螺旋测微器测量遮光条的宽度d，如图乙所示，读数为______mm。一次实验中，滑块通过光电门1、2，光电计时器显示的时间为、，则可以求得滑块通过光电门1、2时的速度大小分别为______，______结果均保留3位小数。若测得两个光电门之间的距离，则根据实验目的和所用实验装置、器材可知，计算物体动能变化量时，为了减小实验误差，研究对象应选______，动能的变化量为______J，外力F做的功为______J，可以得出的结论是______结果均保留3位小数。如图甲所示，倾角为的足够长的斜面固定在水平地面上。时刻，质量的物块可视为质点在平行于斜面向上的力F作用下由静止开始沿斜面向上运动，时撤去力F，在内物块运动的速度时间图象如图乙所示。已知重力加速度g取，，。求：外力F的大小；内物块运动的位移x。如图所示为平面直角坐标系xOy平面的俯视图，在第一象限存在方向沿y轴正方向的匀强电场，电场强度大小为；在第二、第三象限存在方向垂直于坐标平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B；在第四象限存在由特殊静电装置产生的匀强电场，电场方向平行坐标平面且与y轴正方向的夹角为，电场强度大小为。一个带负电的粒子，从y轴上的P点沿x轴负方向射出，速度大小为，粒子的比荷，粒子运动依次经过y轴上的A点图中未画出、x轴上的C点、过C点且平行于y轴的直线上的D点图中未画出。已知粒子经过C点时的动能是经过A点时动能的2倍，粒子从C运动到D所用时间与从A运动到C所用时间的关系为，不计粒子重力。求：点的坐标；电场强度和的比值；从A点到D点电场力对粒子做的功W。两个完全相同、导热性能良好的密闭容器A和B，分别装有相同质量的氢气和氧气，两种气体均可视为理想气体，外界环境温度为，则______填“A”或“B”容器中气体分子数目较多，A容器中气体压强______填“大于”“等于”或“小于”容器中气体的压强，A容器中的气体分子平均动能______填“大于”“等于”或“小于”容器中的气体分子平均动能。如图所示，粗细均匀的强度足够大的等臂U形玻璃管竖直放置，A、B两管下部装有水银，上部均封闭着一定质量的理想气体，气柱长度分别为和，两臂水银柱高度差为。已知B管顶部气体压强为，玻璃管导热性能良好，环境温度为，热力学温度T与摄氏温度t的关系为。求A管顶部气体的压强；若对B管顶部气体加热，加热过程中A管顶部气体温度不变，求两管水银面相平时B管顶部气体的温度。方形透明容器充满某种透明液体，液体的深度，在容器底部中心有一个点状复色两种颜色激光光源，光源的大小可忽略不计，液面上形成的光斑俯视图如图所示，测得液面内部光斑a的直径，外部光环b的宽度，下列说法正确的是A.光斑a和光环b都是由单色光形成的B.若仅将液体的深度h变大，则光斑的面积变大C.液体对两种色光的折射率之比为35：29D.光环b为单色光，这种色光在液体中的传播速度比另一种色光的传播速度小E.光环b为单色光，这种色光和另一种色光相比更容易发生明显衍射现象如图所示是一列频率为10Hz、沿x轴正方向传播的简谐横波在时刻的波形图，此时平衡位置位于处的质点恰好开始振动，质点P的位移为10cm。求：质点P平衡位置的坐标和这列波传播速度的大小；时，平衡位置位于处质点的位置及内该质点运动的总路程。 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 和解析1.【答案】C【解析】解：A、光波是一种概率波，大量光子的行为往往表现出波动性，个别光子的行为往往表现出粒子性，故A错误；B、光电效应现象说明了光具有粒子性，故B错误；C、能否发生光电效应取决于入射光的频率是否大于金属的极限频率，故C正确；D、虽然宏观物体的德布罗意波的波长太小，不容易观察其波动性，但是实物粒子具有波粒二象性，故D错误。故选：C。大量光子运动的规律表现出光的波动性，而单个光子的运动表现出光的粒子性；光电效应现象说明了光具有粒子性；根据光电效应的条件判断；实物粒子也具有波粒二象性。本题考查了有关波粒二象性的理解，要求学生掌握光的波粒二象性的意义，知道大量光子的效果往往表现出波动性，个别光子的行为往往表现出粒子性；同时要注意实物粒子也具有波粒二象性。2.【答案】C【解析】解：A、属于聚变反应，故A错误；B、属于聚变反应，故B错误；C、是原子核的人工转变，不是聚变，故C正确；D、是聚变，故D错误。故选：C。两个轻核结合成质量较大的核的反应叫聚变反应，根据聚变反应的特点分析判断本题考查核反应的分类，要正确理解核裂变、聚变及其他相关核反应的性质，并掌握质量数守恒电荷数守恒分析核反应方程．3.【答案】D【解析】解：设单位时间内喷出水的质量为，则，喷出的水的速度设水对表演者的作用力为F，表演者悬停在空中处于平衡状态，由平衡条件得：对喷出的水，由动量定理得：解得：，故D正确，ABC错误。故选：D。表演者悬停在空中处于平衡状态，由平衡条件求出水对表演者的作用力；对喷出的水，应用动量定理可以求出单位时间内喷出水的质量。此题考查了动量定理、共点力平衡的应用，根据题意求出喷出水的速度是解题的关键，应用平衡条件与动量定理即可解题。4.【答案】B【解析】解：A、火星探测器在M点相对于同步轨道一定是做离心运动，其速度一定大于地球同步卫星在M点的速度，故A错误；B、第一宇宙速度等于卫星近中心天体做匀速圆周运动的速度，所以火星探测器在P点制动后进入轨道Ⅲ运行时的速度约等于火星的第一宇宙速度，故B正确；C、火星探测器在O点相对于近地圆轨道做离心运动，其速度大于地球的第一宇宙速度，故C错误；D、火星探测器刚运动到P点时需要点火制动后才能进入Ⅲ轨道做匀速圆周运动，而卫星在Ⅲ轨道运行时的速度约等于火星的第一宇宙速度，所以火星探测器刚运动到P点时的速度一定大于火星的第一宇宙速度，故D错误。故选：B。根据离心运动分析两种情况下火星探测器在M点的速度大小、以及卫星在P点的速度大小；第一宇宙速度等于卫星近中心天体做匀速圆周运动的速度，由此分析BC选项。解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，知道向心加速度与轨道半径的关系，掌握变轨的原理，能够根据离心运动分析速度的大小。5.【答案】A【解析】解：CD、由楞次定律可知，线框进入磁场过程感应电流总是沿逆时针方向，电流都是正的，故CD错误；AB、设线框切割磁感线的有效长度为L，设线框总电阻为R，则感应电动势，感应电流；由图示可知，金属框进入磁场过程，经过时间t，切割磁感线的有效长度L从零均匀增加到等于BJ的长度，经过相等时间t，切割磁感线的有效长度L均匀减小到等于CI连线的长度，又经过相等时间t，L均匀增加到等于DH的连线的长度，最后经过时间t，均匀减小到0，线框完全进入磁场，由几何知识可知：，则A正确，B错误。故选：A。根据楞次定律判断出线框进入磁场过程感应电流的方向；由求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，根据线框切割磁感线有效长度L的变化情况判断感应电流大小变化情况，然后分析图示图象作出选择。本题是电磁感应与电路相结合的一道综合题，分析清楚线框的运动过程是解题的前提，应用、欧姆定律与楞次定律即可解题；解题时应用排除法，可以迅速解题。6.【答案】D【解析】解：由图可知三个小球下落的高度之比为：：：：2：1根据平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，有：解得平抛运动的时间：则三个小球的运动时间之比：：根据平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，可得速度关系为：解得三个小球的初速度之比为：：，故ABC错误，D正确。故选：D。平抛运动的高度决定运动的时间，结合水平方向位移相等，分析初速度关系。解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，明确运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移。7.【答案】B【解析】解：以小球Q为研究对象，受到重力、两边轻绳的拉力，如图所示：根据平衡条件可得QMP绳的拉力为：；如果物体P恰好与斜面之间没有摩擦力，则有：，此时：：4；当物体P有沿斜面向下运动的趋势且刚好不下滑时，受到沿斜面向上的最大静摩擦力作用，根据平衡条件有：，解得；当物体P有沿斜面向上运动的趋势且刚好不上滑时，受到沿斜面向下的最大静摩擦力，有，解得。由以上分析可知，当时，物体P有沿斜面向下运动的趋势；当时，物体P有沿斜面向上运动的趋势；当：：4时，物体P与斜面间没有相对运动趋势，故B正确、ACD错误。故选：B。以小球Q为研究对象，受到重力、两边轻绳的拉力，根据平衡条件可得QMP绳的拉力，分别求出如果物体P恰好与斜面之间没有摩擦力、物体P受到的摩擦力沿斜面向上达到最大、物体P受到的摩擦力沿斜面向下达到最大时两个物体的质量之比，由此分析。本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答，对于本题，关键是根据平衡条件得到摩擦力达到最大时两个物体的质量之比临界情况进行分析。8.【答案】C【解析】解：A、根据等量同种点电荷电场线分布特点可知，带负电小球在P点由静止开始沿直线MN向下运动到O点的过程中，受到的重力恒定，电场力为变力，所以小球受到的合力为变力不可能做匀加速运动，故A错误；B、小球从P到O的运动过程中重力势能减小，动能增大，电势能减少，由于电场力做正功故机械能增大，故B错误；C、若在O点再固定一个带电量为Q的负点电荷，当小球电荷量为时有，即O点负点电荷对P点带负电小球的斥力大小等于其重力，则小球在P点由静止释放时的加速度由两个等量同种正点电荷的电场力产生，可求，解得加速度的大小，故C正确；D、带负电小球受到的重力为恒力，小球做匀速圆周运动需要大小不变、方向总是指向O点的向心力，D项所述条件不能保证小球获得符合条件的向心力，故D错误。故选：C。根据等量同种点电荷电场线分布特点分析带电小球受力情况从而确定运动情况，根据功能关系判定电势能、重力势能以及动能的变化；根据点电荷电场强度公式，结合矢量的叠加原理和牛顿第二定律知加速度大小；根据匀速圆周运动的受力的特点判定小球是否可以作匀速圆周运动。本题关键是要明确两个等量同种电荷电场线的分布情况，会电场的叠加原理，掌握牛顿第二定律和匀速圆周运动的规律。9.【答案】AB【解析】解：BC、若只调节滑片P，原、副线圈的匝数比不比，原线圈的输入电压不变，副线圈的输出电压不变，当滑片P向左滑动时，副线圈电路总电阻减小，副线圈中的输出电流增大，根据变流比可知，原线圈的输入电流增大，电流表的示数增大，副线圈输出电流增大，则定值电阻两端的电压增大，电压表测量其两端电压，则电压表的示数增大，根据闭合电路欧姆定律可知，并联部分电压减小，则灯泡两端电压减小，灯泡L变暗，故B正确，C错误；AD、若只调节Q。副线圈电路总电阻不变，当Q向上移动时，副线圈匝数变大，根据变压比可知，副线圈输出电压增大，根据闭合电路欧姆定律可知，副线圈输出电流增大，输出功率增大，理想变压器的输出功率决定输入功率，则输入功率增大，原线圈的输入电流增大，电压表的示数增大，小灯泡L变亮，故A正确，D错误。故选：AB。变压器的电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率，结合欧姆定律分析。滑片P位置变化时，副线圈总电阻变化。触头Q变化时，副线圈匝数变化，输出电压变化。该题考查了变压器的构造和原理，本题的关键在于P位置不动时，总电阻不变，Q不变时，输出电压不变，根据变压器的工作原理分析解答。10.【答案】AC【解析】解：A、小物块N从Q到O的过程，由机械能守恒得 ，解得N与M碰撞前瞬间的速度大小，N与M的质量相等，发生弹性碰撞后交换速度，因为，小物块的重力沿斜面向下的分力等于最大静摩擦力，即，所以碰后N刚好静止在O点，碰后M的速度为，M从O运动到最低点的过程，有，联立解得弹簧的最大弹性势能，故A正确；B、从碰后到小物块M返回O点的过程，由能量守恒定律得，解得M第一次返回到O点时的速度大小，在O点M与N碰撞，交换速度，M沿斜面向上运动，M静止在O点，故B错误；C、碰后小物块M从O点运动到最低点P的过程中，因，即有，所以，重力势能的减少量等于小物块M与斜面间因摩擦而产生的热量，故C正确；D、小物块M第一次从最低点返回到O点的过程中，在O点下方存在一点，有这一点满足：，M经过该点时速度最大，故D错误。故选：AC。先研究小物块N下滑的过程，根据机械能守恒定律求出N与M碰撞前瞬间的速度。由于N与M的质量相等，发生弹性碰撞后交换速度，再由功能关系求出弹簧的最大弹性势能，从而分析碰后瞬间小物块M的动能与弹簧的最大弹性势能的关系；小物块M第一次从最低点返回后，根据能量守恒定律求到达的最高点的位置与O点间的距离；碰后小物块M从O点运动到最低点P的过程中，根据M的受力情况，结合功能关系分析重力势能的减少量与小物块M与斜面间因摩擦而产生的热量的关系；小物块M第一次从最低点返回到O点的过程中，合力为零时速度最大。解决本题时要知道两个质量相等的物体发生弹性碰撞后，会交换速度。要分过程分析物体的受力情况，判断能量的转化，分段运用能量守恒定律列方程。11.【答案】BC【解析】解：D、小物块由静止开始向右做加速运动，开始运动后受到重力mg，竖直向上的洛伦兹力和支持力，水平向右的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律可知，小物块运动的加速度大小，可见随着速度v的增大，小物块做加速度逐渐减小的加速运动，故D错误；A、当时，，所以图线在O点的切线应与图中过O点的倾斜虚直线重合，故A错误；B、当时，，对应速度，当，小物块加速到时，支持力，摩擦力消失，小物块脱离传送带做匀速运动，故B正确；C、当，小物块加速到时，小物块与传送带共速，摩擦力消失，随传送带一起向右做匀速运动，故C项正确。故选：BC。根据受力分析和牛顿第二定律可判定其运动情况，当到达最大速度时，重力和洛伦兹力相等时，加速度为0，摩擦力消失，小物块脱离传送带做匀速运动。本题主要考查了物体的受力分析和牛顿第二定律可判定其运动情况，当到达最大速度时，重力和洛伦兹力相等时，加速度为0，注意洛伦兹力随速度的变化而改变。12.【答案】AB【解析】解：A、导体棒进入磁场前做自由落体运动，设刚进入磁场时的速度为v，则，导体棒刚进入磁场时所受安培力：，导体棒刚进入磁场时加速度为零，则所受合力为零，则，导体棒是电源，内阻为ar，外电路为导体框上、下两部分并联电路，电路总电阻，解得：，故A正确；B、当导体棒运动到导体框中间位置时，电路总电阻最大，最大总电阻，此时电路电流最小，电路最小电流，故B正确；C、设导体棒在磁场中运动过程电路产生的焦耳热为Q，外力做功为W，导体棒匀速运动，动能的变化量为0，由动能定理得：，解得：，故C错误；D、设到CD边距离为的位置为位置，导体棒在EF和两个位置时，电路的电阻相等，由题意可知，导体棒在在EF位置时受到的安培力等于重力，则导体棒在位置时所受重力也等于安培力，导体棒做匀速运动，则其所受合力为0，导体棒从EF向下运动到位置过程中，电阻先增大后减小，电流先减小后增大，安培力先减小后增大，则外力F先增大后减小，方向始终向上；导体棒从向下运动，电阻变小，电流变大，安培力变大，大于重力，则外力向下，外力方向发生改变，故D错误。故选：AB。导体棒进入磁场前做自由落体运动，求出导体棒刚进入磁场时的速度，根据安培力公式求出导体棒进入磁场时受到的安培力，应用平衡条件求出金属棒的质量；当导体棒运动到导轨中间位置时电路总电阻最大，电路电流最小，应用欧姆定律求出电路最小电流；分析清楚导体棒的运动过程，应用动能定理求出回路产生的焦耳热；根据导体棒运动过程分析清楚其受力情况，判断外力方向是否变化。本题是电磁感应与电路、力学相结合的一道综合题，难度较大，根据题意分析清楚导体棒的运动过程是解题的前提与关键，应用安培力公式、平衡条件、动能定理即可解题。13.【答案】  偏小 偏小【解析】解：电压表量程为1V，把电压表改装成3V的电压表需要把电压表与电阻箱串联，电源、开关、滑动变阻器、电流表组成串联电路，电压表测路端电压，由于电源内阻较小相对于电源电流表采用外接法，实验电路图如图所示；电压表量程是1V，改装后电压表量程为3V，电压表示数为U时，改装后电压表示数为3U，由图示电路图可知，路端电压，则，由图示图象可知，图象纵轴截距，电源电动势，图象斜率的绝对值，电源内阻；由于电压表的分流作用，流过电源的电流大于电流表示数，即电流测量值小于真实值，从而使电源电动势与内阻的测量值都小于真实值。故答案为：电路图如图所示；；；偏小；偏小。根据伏安法测电源电动势与内阻的实验原理作出实验电路图。根据实验电路图应用闭合电路的欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据图示图象求出电源电动势。根据实验电路图分析实验误差来源，然后分析实验误差。本题考查了测电源电动势与内阻实验，考查了实验电路的设计、实验数据处理与实验误差分析等问题，理解实验原理是解题的前提，根据图示电路图求出图象的函数表达式，根据图示图象可以求出电源电动势与内阻。14.【答案】滑块经过两光电门的时间相等    滑块和钩码组成的系统   在误差允许范围内，外力做的功等于物体动能的变化量【解析】解：如果滑块经过两光电门时的时间相等则滑块做匀速直线运动；由图示螺旋测微器可知，其示数：；滑块通过光电门1、2时的速度大小分别为，。，，；验证外力做功与物体动能变化的关系，为了减小实验误差，研究对象应选滑块和钩码组成的系统，动能的变化量：，外力F做的功；由实验数据可知，在误差允许范围内，外力做的功等于物体动能的变化量。故答案为：滑块经过两光电门的时间相等；；；；滑块和钩码组成的系统；；；在误差允许范围内，外力做的功等于物体动能的变化量。如果滑块经过两光电门时的时间相等则表明滑块做匀速直线运动；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数。已知遮光条的宽度与遮光条通过光电门时的挡光时间可以求出滑块的速度。为减小实验误差应以滑块与钩码组成的系统为研究对象；根据动能的计算公式与功的计算公式求出动能的变化量与力所做的功；根据实验数据得出结论。本题考查了验证外力做功与物体动能变化的关系实验，考查了实验数据处理；理解实验原理是解题的前提与关键；要掌握常用器材的使用与读数方法，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数。15.【答案】解：由图示图象可知，物体在内的加速度：，在内的加速度：，设物块与斜面间的滑动摩擦力为f，对物块，由牛顿第二定律得：，代入数据解得：，由图示图象可知，物块在内的位移：，方向沿斜面向上由于，物块受到为零后反向做初速度为零的匀加速直线运动，对物块，由牛顿第二定律得：代入数据解得：内物块的位移大小：，方向沿斜面向下内物块运动的位移：，方向沿斜面向上答：外力F的大小是12N；内物块运动的位移x是26m，方向沿斜面向上。【解析】根据图示图象求出物块的加速度，应用牛顿第二定律求出拉力大小。图线与坐标轴所围图形的面积等于物体的位移，分析清楚物块的运动过程求出物体的位移。本题考查学生对牛顿第二定律和运动学公式的应用，由图示图象分析清楚物块的运动过程、求出物体的加速度是解题的前提与关键，应用牛顿第二定律与运动学公式即可解题。16.【答案】解：分析粒子运动作出粒子的运动轨速如图所示。粒子在P点沿x轴负方向进入匀强磁场，做匀速圆周运动，设半轻为r，根据牛顿第二定律有：代入数据解得：可见粒子做圆周运动的圆心在O点，A点在圆周的最高点，坐标所以A点的坐标为；由题可知粒子在C点的动能为在A点动能的2倍，有解得粒子在C点的速度大小：可知与x轴正方向的夹角，粒子沿y轴负方向的分速度在第一象限，粒子做类平抛运动，加速度在y轴负方向根据运动学公式有联立解得：与x轴的夹角，根据运动特点可知，运动时间由题意有：根据题意和以上分析知，粒子在第四象限受的电场力方向和的方向垂直加速度：C、D在同一条平行于y轴的直线上，在x轴方向位移为0，有：联立解得：则；粒子在D点的速度大小：从A点到D根据动能定理可得电场力做的功：联立解得：。答：点的坐标为；电场强度和的比值为；从A点到D点电场力对粒子做的功为。【解析】粒子在P点沿x轴负方向进入匀强磁场，做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力结合几何关系求解A点的坐标；求出粒子在C点的速度大小，粒子在第一象限做类平抛运动，根据类平抛运动的规律求解；分析粒子的运动情况，根据运动学公式求解电场强度，由此求解比值；求出粒子在D点的速度大小，根据动能定理可得电场力做的功。本题主要考查了带电粒子在磁场和电场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，熟练掌握圆周运动及类平抛运动的基本公式。17.【答案】A 大于 等于【解析】解：氢气的摩尔质量小于氧气的摩尔质量，氢气与氧气的质量相等，则氢气物质的量大于氧气物质的量，因此A中氢气分子数比B中氧气分子数多；由于两容器导热性能良好，两容器内气体的温度等于环境温度，两容器内气体的温度相同，分子平均动能相同；由于两容器的容积相等而A中气体分子数据比B在气体分子数目多，而气体的温度相等，因此单位时间内分子对A器壁单位面积的平均压力大于单位时间内分子对B器壁单位面积的平均压力，因此A容器中气体压强大于B容器中气体的压强。故答案为：A；大于；等于。1mol任何物质所含微粒个数相同，根据氢气与氧气物质的量比较分子数多少；温度是分子平均动能的标志，温度相同分子的平均动能相同；单位时间内分子对器壁单位面积的平均压力等于压强。本题考查了分子动理论内容与气体压强的微观意义，掌握基础知识是解题的前提与关键，根据题意应用基础知识即可解题；平时要注意基础知识的学习与积累。18.【答案】解：根据同一液面压强相等可得，A管液面处的压强与B管液面下h处的压强相等，则右管的气体压强为：；两管水银面相平时，A管的水银面上升，设管的横截面积为S，A管内的气体做等温变化，则有：解得：对B内气体根据理想气体状态方程可得：解得：则：答：管顶部气体的压强为110cmHg；两管水银面相平时B管顶部气体的温度为。【解析】根据同一液面压强相等结合压强的计算方法进行解答；管内的气体做等温变化，由此求解液面相平时A内气体的压强，对B内气体根据理想气体状态方程列方程求解。本题主要是考查了理想气体的状态方程；解答此类问题的方法是：找出不同状态下的三个状态参量，分析理想气体发生的是何种变化，利用理想气体的状态方程列方程求解。19.【答案】BCE20.【答案】解：根据 数学 数学高考答题卡模板高考数学答题卡模板三年级数学混合运算测试卷数学作业设计案例新人教版八年级上数学教学计划 知识可知质点P平衡位置的坐标为；根据题图可知该波的波长为，则该波的波速为；该波沿方向传播，根据“同侧法”可知平衡位置位于处的质点开始振动时方向沿y轴正方向振动，所以振源的起振方向沿y轴正方向；时平衡位置位于处的质点恰好开始振动，波传到平衡位置为处经过的时间为该波的周期为所以平衡位置位于处质点在时已经振动所以平衡位置位于处质点在时处于波峰；内平衡位置位于处质点的总路程为：。答：质点P平衡位置的坐标为；这列波传播速度的大小为；时，平衡位置位于处质点处于波峰，内该质点运动的总路程为100cm。