2020年高考全真精准模拟理科综合之物理选择题专练第06周第2练（解析）

2020年高考全真精准模拟理科综合之物理选择题专练第6周第2练二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14．如图所示，在一内壁光滑的半圆球壳内有两个可视为质点的小球用一劲度系数为k的轻弹簧连接着，已知球壳固定且内半径为R，两小球质量均为m。两小球与弹簧静止时处在同一水平线上，小球与球壳球心连线与水平方向成角，弹簧形变在弹性限度范围内，则弹簧的原长为A．mgB．mgktan2ktanC．mgD．mg2Rcos2Rcosktan2ktan【 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 】C【解析】根据对称性可知，两小球受力情况相同，以其中一个为研究对象，受到竖直向上的重力，弹簧的弹力和指向圆心的支持力，三个力作用，处于平衡状态，根据几何知识可得mg，解得：mg，此时tanxkxktanC弹簧被压缩，根据几何知识可得，此时的长度为l2Rcos，所以弹簧原长mg，x02Rcosktan正确15．若在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2:7．已知该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R．由此可知，该行星的半径约为（）177A．RB．RC．2RD．R222【答案】C【解析】对于任一行星，设其表面重力加速度为g122h根据平抛运动的规律得：hgt，得到：t2g2h则水平射程xv0tv0g2g行x地7可得该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比2g地x行42MmGMg行M行R地根据G2mg，得g2，可得2rrg地M地R行g地M行4解得行星的半径R行R地R72R，故选项C正确，ABD错误．g行M地726．如图所示的电路中，电键S1、S2、S3、S4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，极板间悬浮着一油滴P，下列说法正确的是（）A．油滴带正电B．只断开电键S1，电容器的带电量将会增加C．只断开电键S2，油滴将会向上运动D．同时断开电键S3和S4，油滴将会向下运动【答案】C【解析】A．电容器的上极板与电源正极相连，带正电，油滴受到竖直向下的重力和电场力作用，处于平衡状态，故电场力方向竖直向上，油滴带负电，故A错误。B．只断开电键S1，不影响电路的结构，电容器的电荷量恒定不变，故B错误。C．只断开电键S2，电容器电压变为电源电动势，则电容器两极板间电压增大，电场强度增大，油滴将会向上运动，故C正确。D．断开电键S3和S4，电容器电荷量不变，电场强度不变，油滴仍静止，故D错误。故选C。17．如图所示，在足够长的光滑水平面上有一木板B静止在水平面上。现在小滑块A以初速度v0从右端滑1上B，并v0滑离，A、B的质量分别为m，2m，由此不能求出（）2A．滑离时B的速度B．AB间由于摩擦产生的热量C．物体A受到的冲量D．A在B上滑动的时间【答案】D【解析】A．两滑块组成的系统，在相对滑动的过程中外力之和为零，系统动量守恒，取向左为正，有：v0mv0m2mvB2解得：v0vB4即能够求出A滑离时B的速度；故A不合题意；B．两滑块组成的系统，由能量守恒定律可知系统减少的动能转化为摩擦生热，有：121v0212QmgLmv0[m()2mvB]2222解得：52Qmv016故能求出AB间由于摩擦产生的热量，故B不合题意；C．取向左为正，对A由动量定理可知：v0mv0Immv022mv即摩擦力对A的冲量大小为0，负号表示方向水平向右，即能求出物体A受到的冲量，C项不合题意；252D．因求热量QmgLmv0时，B板的长度L未知，故不能求出滑动摩擦力mg，则对A由冲量的16定义式Imgt，就不能求出A所受的冲量，故D符合题意。故选D。oo18．在直角三角形abc区域内存在垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，?a60，?b90，边长bc=L。一个粒子源在b点将质量为m，电荷量为q的带负电粒子以大小和方向不同的速度射入磁场，在磁场中运动时间最长的粒子中，速度的最大值是（）qBL3qBL3qBLqBLA．B．C．D．3m3m2m2m【答案】A【解析】由左手定则和题意知，沿ba方向射出的粒子在三角形磁场区域内转半周，运动时间最长，半径最大的则恰与ac相切，轨迹如图所示由几何关系rLrsin30o由洛仑兹力提供向心力2mvqvBr从而求得最大速度qBLv3m故BCD错误，A正确。故选A。19．下列说法正确的是（）A．在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此光子散射后波长变短B．用频率为ν的光照射某金属研究光电效应，遏止电压为Uc，则该金属的逸出功为hν-eUcC．有核能释放的核反应一定有质量亏损D．由波尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能减少，电势能增大【答案】BC【解析】A．在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，由h=p因此光子散射后波长变长，故A错误；B．由已知条件可得光电子的最大初动能为EkmeUc再根据光电效应方程有该金属的逸出功W0hEkmheUc故B正确；C．根据爱因斯坦质能方程可知，释放核能的核反应必伴随着质量亏损，故C正确；D．由波尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小，总能量减小，故D错误。故选BC。20．如图所示，空间中存在一个范围足够大的垂直纸面向里的磁场，磁感应强度沿垂直斜面方向大小相等，沿斜面方向从O点开始按B=kx规律变化（其中k>0，x为斜面上任一点到O点的距离），矩形线圈ABCD在一足够长的光滑斜面上从O点由静止开始向下滑动，滑动过程中没有翻转．下列说法正确的是A．线圈运动过程中感应电流的方向沿ADCBA方向B．线圈中的电流先增大后不变C．线圈最终将做匀速直线运动D．线圈回路消耗的电功率与运动速度成正比【答案】BC【解析】由楞次定律得，感应电流沿逆时针方向，即ABCDA方向，故A错误；设ABl，BCd，位移为x时，Ekdlv感应电动势为：Ek(xd)lvkxlvkdlv，电流为：I，线框所受的安培力为：RR222kdlvmgsinFmaF安Ik(xd)lIkxlIkdl，根据牛顿第二定律可得：安，则Rk2d2l2vmgsinma，此可知随着速度增大，加速度减小，当加速度为零时速度不变，线圈做匀速直R22222kdlv线运动，电流先增大后不变，故BC正确；电功率为：PIR，所以线圈回路消耗的电功率R与运动速度成正比，故D错误．所以BC正确，AD错误．21．如图所示，固定在竖直面内的光滑圆环半径为R，圆环上套有质量分别为m和2m的小球A、B（均可看作质点），且小球A、B用一长为2R的轻质细杆相连，在小球B从最高点由静止开始沿圆环下滑至最低点的过程中（已知重力加速度为g），下列说法正确的是A．A球增加的重力势能等于B球减少的重力势能B．A球增加的机械能等于B球减少的机械能2gRC．A球的最大速度为38D．细杆对A球做的功为mgR3【答案】BD【解析】A、B球沿圆环下滑至最低点，A球运动到最高点，A球增加的重力势能为mg2R，B球减少的重力势能为4mgR，故A错误.B.B球沿圆环下滑至最低点，A球运动到最高点的过程中，两个球组成的系统只有重力做功，系统的机械能守恒，A球的重力势能和动能均增大，A球的机械能增大；则知B球的机械能减小，A球增加的机械能等于B球减少的机械能．故B正确.C、两个球组成的系统机械能守恒，当B球运动到最低点时，设AB两球速度最大为v，由机械能守恒有：124gR2mg·2R-mg2R=(m+2m)v，解得A球最大速度：v,=，故C错误；2312D、细杆对A球做的功为W,由动能定理对A球有：W-mg2R=mv-0218W=mg2R+mv2，代入数据得细杆对A球做的功w=mgR，故D正确.23故选BD.