2019-2020年最新河北省唐山市中考物理二模试卷及答案解析

河北省唐山市中考物理二模试卷　一、选择 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 （1-6每小题只有一个选项符合题意，每小题2分；7、8、9小题为多选题，每小题2分，共21分）1．对下列实验内容的解读正确的是（　　）A．只能证明二氧化碳不支持燃烧B．导体ab左右运动时，灵敏电流计指针偏转，说明磁场中能产生电流C．实验结束冷却后，进入集气瓶的水的体积约为烧杯内水体积的D．如果温度计a的示数大于b的示数，可知水的吸热能力比煤油强2．物理学家在科学发展的历程中，做出了杰出的贡献，下列叙述符合历史事实的是（　　）A．伽利略最早推理得出一个运动的物体如果不受外力，将会永远运动下去B．法拉第首先发现了通过导体的电流与电压和电阻的关系C．奥斯特首先发现了电磁感应现象D．帕斯卡实验最早比较精确地测出了大气压的数值3．下列估测最接近实际的是（　　）A．人体感觉最舒适的气温是37℃B．教室房门的高度约为2mC．运动场上一名中学生跑完百米路程需要的时间约为2minD．一个铅球的质量约为50kg4．下列有关声波与电磁波的说法中正确的是（　　）A．固定电话、移动电话、广播和电视都是利用电磁波传递信息B．道路两旁的隔音板能在传播过程中减弱噪声C．超声波、电磁波都具有能量，它们的传播都不需要介质D．发声体的振动频率越高，响度就越大5．如图所示的四种现象中，其物态变化属于液化的是（　　）A．烧开水时壶嘴冒出的“白气”B．屋檐下形成的“冰柱”C．阳光下花草上的露珠逐渐“消失”D．冰雪遇暖消融6．关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是（　　）A．发现有人触电或发生电线起火时，要立即拨打120或119报警电话B．空气开关跳闸，都是由于电路短路引起的C．使用验电笔时，手可以直接接触笔尾金属体D．开关应并联接在灯泡与火线之间7．用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距，并“探究凸透镜成像规律”，当蜡烛、透镜、光屏位置如图乙时，在光屏上可成清晰的像．下列说法正确的是（　　）A．凸透镜的焦距是10.0cmB．幻灯机成像原理与图乙中成像特点相同C．保持凸透镜位置不变，将蜡烛与光屏的位置对调，烛焰仍可在光屏上成清晰的像D．图乙中，如果只向左移动光屏，光屏上所成的像会变小8．在做“探究滑动摩擦力大小的影响因素”实验中，将木块A放置于水平木板B上，在木块A上放一个钩码，把一只弹簧测力计系在A上，如图所示．当向左拉动B时，弹簧测力计指针稳定．下列说法中正确的是（　　）A．此装置可探究滑动摩擦力大小与压力的关系B．A受到B的摩擦力与测力计拉力是一对平衡力C．A受到B的摩擦力的大小为3.6N，方向向右D．若增大拉动B的速度，测力计的示数不变9．如图所示电路，电源电压不变，R1和R3为定值电阻，R2为滑动变阻器，下列说法正确的是（　　）A．开关S闭合，S1和S2断开，滑片P向左滑动，电流 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf A1示数变大，电压表V示数变大B．开关S、S1和S2闭合，滑片P向右滑动，电流表A1示数变小，电流表A2示数变大，电压表示数不变C．开关S和S2闭合，S1断开，滑片移动到B端，再闭合S1，电压表V和电流表A2示数的比值变小D．开关S闭合，S1和S2断开，滑片P移动到A端；在闭合S2，电路中的总功率变大　二、填空及简答题10．如图所示，是女排运动员打排球拦网时的场景．请你从力学角度提出一个问题并回答：问题：______？回答：______．11．如图所示，当电源开关接通后，会发现螺线管左侧小磁针的北极会向______（填“上”或“下”）偏转，这说明通电螺线管周围存在______；当滑动变阻器滑片向右滑动时弹簧测力计的示数______（填“变大”、“变小”或“不变”）．12．小明家的电能表如图所示，小明家已消耗的电能为______kW•h，转盘已转过______转；他发现只接入一只电热水壶时，电能表3min转过100转，电热水壶的实际电功率为______W．13．如图所示，一辆小汽车在水平公路上匀速向南行驶，轿车受到的牵引力______它受到阻力（填“等于”、“大于”或“小于”）；该车以100km/h的速度行驶．经过0.5h行驶______km；若汽车司机以左侧车门的玻璃窗为参照物，道路两边的树木向______运动．（填“东”、“西”、“南”或“北”）14．2015年3月17日，我国具有自主知识产权的新型喷气式客机ARJ21﹣700（如图）完成首次航线演示飞行．一位试乘员描述了飞机起飞时的场景：接到控制塔信号后，飞机启动并加速，跑道往后移动越来越快．突然飞机离开了地面，喷气发动机的推动力使它疾驶空中．（1）试乘员看到窗外的跑道往后移动时以______为参照物的．（2）飞机离开地面时，机翼上方的空气流速______机翼下方的空气流速（选填“大于”“等于”或“小于”）．（3）飞机的喷气发动机和汽油机都属于内燃机，它们通过做功把______转化为机械能．　三、实验探究题（15题4分，16题6分，17、18、19题各7分，共31分）15．如图所示是“比较水和食用油吸热能力”的实验装置．（1）在加热过程中，用搅拌器搅动的目的是______；水和食用油吸热的多少可以通过______来反映（选填“温度计示数”或“加热时间”）．（2）关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是______（填字母）．A．采用相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与烧杯底的距离等）B．烧杯中分别装入相同体积的水和食用油C．使用相同的烧杯（3）若两相同烧杯中分别加入40g的水和食用油，一段时间后，水温升高了38℃，食用油升高______℃．[c水=4.2×103J/（kg•℃），c油=1.9×103J/（kg•℃）]．16．小明和小红使用不同器材分别对盐水的密度进行了测量．（1）请将他们的实验过程补充完整．小明利用烧杯、形状不规则的塑料块（密度比水小）、刻度尺和水（ρ水已知）测量盐水密度的过程如下：①两个相同的烧杯中倒入适量的水、盐水，用刻度尺分别测出水深为h1、盐水深h2；②______．③计算盐水密度的表达式为：ρ=______．（2）小红手边的测量工具只有刻度尺．利用身边的器材 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 出一个实验方案．首先找一根直硬棒，用细线系在O点吊起，硬棒在水平位置平衡，然后将已知密度为ρ的金属块B挂在硬棒左端C处，另外一个重物A挂在硬棒右端，调节重物A的位置，使硬棒在水平位置平衡，此时重物挂在硬棒上的位置为E，如图所示．下面是小红测出ρ盐水的部分实验步骤，请你按照小红的实验思路，将实验步骤补充完整．①用刻度尺测出OE的长度L；②把金属块B浸没在盐水中，把重物A从E处移动到D处时，硬棒再次在水平位置平衡；③______．④用上述测量出的物理量和题中的已知量计算ρ盐水的表达式为：ρ盐水=______．17．小明和小红在探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验时，设计的电路图如图甲所示．（1）请根据电路图用笔画线代替导线将实物电路（图乙）连接完整（导线不许交叉）．（2）排除电路故障进行实验，多次改变R的阻值，调节变阻器滑片，使电压表示数保持不变，实验数据 记录 混凝土 养护记录下载土方回填监理旁站记录免费下载集备记录下载集备记录下载集备记录下载 如表，其中第5次实验电流表示数如图丙所示，其读数为______A． 实验次数 1 2 3 4 5 电阻R/Ω 5 10 15 20 25 电流V/A 0.6 0.3 0.2 0.15 （3）分析表中数据，可以初步得到结论为______．拓展：实验结束后，老师提出只给一个电流表、一个已知阻值R0、待测电阻Rx、开关（两个）、电源和导线若干，要求他们通过探究测出电阻Rx的值．（1）请设计一个能测出电阻Rx阻值的电路图，画在图丁的虚线框内．（2）实验步骤：①______；②______．（3）表达式Rx=______．（用已知量和测量量表示）18．如图所示，重200N、边长为0.1m的正方体物块放在水平地面上，一名重600N的工人用128N的力将重物以0.3m/s的速度匀速提起．（不计绳重和摩擦）求：（1）拉力的功率及滑轮组的机械效率．（2）当工人拉绳子的力是50N时，正方体物块对地面的压强．（3）用此滑轮组能提升的最大物重是多少？19．如图所示，电源电压不变，小灯泡标有“6V”字样，闭和开关S后，当滑片P在a端时，灯泡的功率P0=1.6W，当滑片P在中点时，滑动变阻器消耗的功率为P1，当滑片P在b端时，滑动变阻器消耗的功率为P2，电流表的示数I=0.1A．已知P1：P2=32：25，灯丝电阻不随温度变化．求：（1）滑动变阻器的最大阻值；（2）电源电压；（3）小灯泡的额定电功率．　河北省唐山市中考物理二模试卷参考答案与试题解析　一、选择题（1-6每小题只有一个选项符合题意，每小题2分；7、8、9小题为多选题，每小题2分，共21分）1．对下列实验内容的解读正确的是（　　）A．只能证明二氧化碳不支持燃烧B．导体ab左右运动时，灵敏电流计指针偏转，说明磁场中能产生电流C．实验结束冷却后，进入集气瓶的水的体积约为烧杯内水体积的D．如果温度计a的示数大于b的示数，可知水的吸热能力比煤油强【考点】电磁感应；比热容的概念．【分析】（1）该实验除了能证明二氧化碳不支持燃烧外，还能证明二氧化碳的密度比空气大；（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象称为电磁感应现象；（3）根据氧气约占空气的进行解答；（4）由Q=Cm△t知：质量相同的物质，升高相同的温度，吸收热量多的物质比热容大，因为水和煤油的质量相同，它们的初温相同，要使水和煤油的最后温度相同，水吸收的热量大于煤油吸收的热量，所以水的比热容大，即水吸热的能力更强．【解答】解：（1）将二氧化碳倒入烧杯后，底部的蜡烛先熄灭，除了能证明二氧化碳不支持燃烧外，还能证明二氧化碳的密度比空气大，故A说法错误；（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象称为电磁感应现象，当导体ab左右运动时，切割磁感线，灵敏电流计指针偏转，说明磁场中能产生电流，故B说法正确；（3）由于氧气约占空气的，所以实验结束冷却后，进入集气瓶的水的体积约占集气瓶体积的，故C说法错误；（4）质量相同的水和煤油，相同的加热器加热，升高相同温度时，水需要的加热时间更长，说明水吸收的热量更多，表明水的吸热本领大，此实验仅根据温度计a的示数大于b的示数，不能说明水的吸热能力比煤油强，故D说法错误；故选B．【点评】熟知相应的实验或原理，并能用其解释相关的现象是正确解答的关键．　2．物理学家在科学发展的历程中，做出了杰出的贡献，下列叙述符合历史事实的是（　　）A．伽利略最早推理得出一个运动的物体如果不受外力，将会永远运动下去B．法拉第首先发现了通过导体的电流与电压和电阻的关系C．奥斯特首先发现了电磁感应现象D．帕斯卡实验最早比较精确地测出了大气压的数值【考点】物理常识．【分析】根据对物理学家及其成就的了解作答．【解答】解：A、从斜面上滑下的小车，在水平面上向前运动，如果小车受到的阻力越小，持续运动的时间就越长．据此伽利略推理得出一个运动的物体如果不受外力，将会永远运动下去．故A符合历史事实；B、德国物理学家欧姆首先发现了通过导体的电流与电压和电阻的关系，被后人命名为欧姆定律．故B不符合历史事实；C、丹麦科学家奥斯特最早发现电流周围存在磁场；英国物理学家法拉第最早发现电磁感应现象．故C不符合历史事实；D、意大利科学家托里拆利最早比较精确地测出了大气压的数值．故D不符合历史事实．故选A．【点评】本题考查物理学史，应记住一些物理学家及他们的贡献．　3．下列估测最接近实际的是（　　）A．人体感觉最舒适的气温是37℃B．教室房门的高度约为2mC．运动场上一名中学生跑完百米路程需要的时间约为2minD．一个铅球的质量约为50kg【考点】温度；质量的估测；时间的估测；长度的估测．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．【解答】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小．故A符合实际；B、中学生的身高在170cm左右，教室门的高度略大于170cm，在200cm=2m左右．故B不符合实际；C、中学生跑100m的时间一般在18s左右，不到0.5min．故C不符合实际；D、中学生的质量在50kg左右，一个铅球的质量比50kg小得多，在5kg左右．故D不符合实际．故选A．【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务．　4．下列有关声波与电磁波的说法中正确的是（　　）A．固定电话、移动电话、广播和电视都是利用电磁波传递信息B．道路两旁的隔音板能在传播过程中减弱噪声C．超声波、电磁波都具有能量，它们的传播都不需要介质D．发声体的振动频率越高，响度就越大【考点】电磁波的传播；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径．【分析】（1）固定电话是靠电流来传递信息的；移动电话、广播与电视利用电磁波传递信息；（2）减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；（3）声音可以传递信息，也可以传递能量，声音的传播需要介质；电磁波可以传递信息，也可以传递能量，电磁波可以在真空中传播；（4）声音的高低叫音调，音调与发声体振动的频率有关：频率越大，音调越高；声音的强弱叫响度，响度与发声体的振幅有关：振幅越大，响度越大．【解答】解：A、固定电话是靠电流来传递信息的；电视、移动电话、广播电台都是利用电磁波来传递信息的，故A错误；B、在道路两旁植树是在传播过程中减弱噪声的，故B正确；C、超声波、电磁波都具有能量，声音的传播都需要介质，电磁波的传播不需要介质，故C错误；D、发声体的振动频率越高，音调越高，故D错误．故选B．【点评】本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力．　5．如图所示的四种现象中，其物态变化属于液化的是（　　）A．烧开水时壶嘴冒出的“白气”B．屋檐下形成的“冰柱”C．阳光下花草上的露珠逐渐“消失”D．冰雪遇暖消融【考点】液化及液化现象．【分析】从六种物态变化定义进行判断：物质从固态变为液态是熔化过程；物质从液体变为固态是凝固过程；物质从气态变为液态是液化过程；物质从液态变为气态是汽化过程；物质从固态直接变为气态是升华过程；物质从气态直接变为固态是凝华过程．【解答】解：A、烧开水时壶嘴冒出的“白气”是高温水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故A正确；B、屋檐下形成的“冰柱”是液态水变为固态冰的凝固过程形成的，故B错误；C、露珠逐渐“消失”是液态水滴变为气态水蒸气的汽化现象，故C错误；D、冰雪遇暖消融，是物质由固态变成液态的过程，是熔化，故D错误．故选：A．【点评】认清物质原来的状态与现在的状态是解决此题的突破口．　6．关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是（　　）A．发现有人触电或发生电线起火时，要立即拨打120或119报警电话B．空气开关跳闸，都是由于电路短路引起的C．使用验电笔时，手可以直接接触笔尾金属体D．开关应并联接在灯泡与火线之间【考点】安全用电原则．【分析】（1）发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上切断火线，防止再次发生危害；（2）家庭电路电流过大的原因有两个：短路或用电器的总功率过大；（3）测电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体；（4）为了安全起见，控制用电器的开关与火线相连．【解答】解：A、发现有人触电，千万不能直接用手去拉触电者，必须切断电源，或用绝缘体将电线与触电者分开；家用电器失火，导线的绝缘皮烧坏，用电器漏电，人直接或间接接触火线，发生单相触电事故．故A错误；B、家庭电路中空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大．故B错误；C、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光．故C正确；D、家庭电路的连接中，开关应该与用电器串联，接在火线上，开关与灯泡并联会形成短路，故D错误．故选：C．【点评】本题综合性较强，重点考查了家庭电路组成及安全用电常识的相关知识，与学生生活联系密切，体现了物理知识和生活的联系．　7．用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距，并“探究凸透镜成像规律”，当蜡烛、透镜、光屏位置如图乙时，在光屏上可成清晰的像．下列说法正确的是（　　）A．凸透镜的焦距是10.0cmB．幻灯机成像原理与图乙中成像特点相同C．保持凸透镜位置不变，将蜡烛与光屏的位置对调，烛焰仍可在光屏上成清晰的像D．图乙中，如果只向左移动光屏，光屏上所成的像会变小【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】（1）根据凸透镜对光线的折射作用知：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，然后可知其焦距；（2）根据图中表示的焦距与物距，利用凸透镜成像的规律可以确定成像的性质．（3）当u＞2f时，2f＞v＞f，成倒立缩小的实像．（4）凸透镜成实像时，物距增大，像距减小．【解答】解：A、平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将会聚于一点，这一点即为此透镜的焦点，从焦点到透镜中心的距离即为焦距，则透镜的焦距为30.0cm﹣20.0cm=10.0cm，故A正确；B、图乙中，物距u=15cm，像距v=30cm，像距大于物距，由凸透镜成像规律可知，光屏上成的是倒立、放大的实像，与幻灯机成像原理相同，故B正确；C、乙图中，像距大于物距，成倒立、放大的实像；保持凸透镜位置不变，蜡烛和光屏互换位置时，根据光路的可逆性可知，光屏上成倒立、缩小的清晰实像，故C正确；D、凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小；图乙中，如果只向左移动光屏，不向左移动蜡烛，则在光屏上不能成清晰的像，所以不会看到光屏上所成的像变小，故D错误．故选ABC．【点评】本题主要考查了测量焦距的方法和凸透镜的成像规律．凸透镜成实像时如果物距变小，那么像距变大，像的大小也变大，凸透镜成虚像时，如果物距变小，那么像距变小，像的大小也变小．　8．在做“探究滑动摩擦力大小的影响因素”实验中，将木块A放置于水平木板B上，在木块A上放一个钩码，把一只弹簧测力计系在A上，如图所示．当向左拉动B时，弹簧测力计指针稳定．下列说法中正确的是（　　）A．此装置可探究滑动摩擦力大小与压力的关系B．A受到B的摩擦力与测力计拉力是一对平衡力C．A受到B的摩擦力的大小为3.6N，方向向右D．若增大拉动B的速度，测力计的示数不变【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．【分析】（1）摩擦力与物体间的压力、接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法的要求，分析图示情景，然后答题；（2）物体静止和做匀速直线运动时，此时物体处平衡状态，受到的力是平衡力，二者大小相等、方向相反、作用在同一直线上，可根据一个力的大小、方向，确定另一个力的大小和方向；（3）滑动摩檫力的方向与物体相对运动的方向相反；（4）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，若两者都不发生变化，则滑动摩檫力不变．【解答】解：A、两物体间接触面的粗糙程度不变，在A上加减钩码可以改变物体间的压力大小，该实验装置可以探究滑动摩擦力大小与压力的关系，故A正确；B、A受到B对它的滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力作用而静止，处于平衡状态，则A受B的摩擦力与测力计拉力是一对平衡力，故B正确；C、由图示弹簧测力计可知，其分度值为0.2N，示数为3.6N，A处于平衡状态，由平衡条件可知，A受到的滑动摩擦力f=F=3.6N，A相对于B向右运动，A受到的滑动摩擦力方向水平向左，故C错误；D、滑动摩擦力与物体间接触面的粗糙程度和物体间的压力有关，与物体的运动速度无关，如果增大拉动B的速度，A、B间接触面的粗糙程度、物体间的压力保持不变，物体间的滑动摩擦力不变，由平衡条件可知，测力计的示数不变，故D正确．故选ABD．【点评】此题考查学生对于物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到平衡力的作用和相互平衡的两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上的理解与运用．　9．如图所示电路，电源电压不变，R1和R3为定值电阻，R2为滑动变阻器，下列说法正确的是（　　）A．开关S闭合，S1和S2断开，滑片P向左滑动，电流表A1示数变大，电压表V示数变大B．开关S、S1和S2闭合，滑片P向右滑动，电流表A1示数变小，电流表A2示数变大，电压表示数不变C．开关S和S2闭合，S1断开，滑片移动到B端，再闭合S1，电压表V和电流表A2示数的比值变小D．开关S闭合，S1和S2断开，滑片P移动到A端；在闭合S2，电路中的总功率变大【考点】电路的动态分析．【分析】分析开关在不同状态下的电路连接情况和电表作用，根据电路特点和欧姆定律判断电表示数变化，由电功率公式判断功率变化．【解答】解：A、由图知，开关S闭合，S1和S2断开，R1、R2、R3串联，电压表测R1两端电压，电流表A1测电路中电流，滑片P向左滑动，变阻器连入阻值变小，电路的总电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流变大，即电流表A1示数变大，由U=IR可知R1两端电压增大，即电压表示数变大，故A正确；B、由图知，开关S、S1和S2闭合，R1、R2、R3并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路中的电流，电流表A2测R1、R2电流之和；并联电路中，各支路两端电压与电源电压都相等，所以滑片P向右滑动，电压表示数不变，但变阻器连入阻值变大；由欧姆定律可知通过R2的电流变小，并联电路中各支路用电器独立工作、互不影响，所以通过R1、R3的电流不变，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，所以A1、A2示数都变小，故B错误；C、开关S和S2闭合，S1断开，滑片移动到B端，R2、R3被短路，电路中只有R1接入电路，电流表A2测R1的电流，电压表测电源电压；再闭合S1，R1、R2、R3并联，电压表测电源电压，电流表A2测R1、R2电流之和，所以电压表V示数不变，但电流表A2示数的变大，所以电压表V和电流表A2示数的比值变小，故C正确；D、开关S闭合，S1和S2断开，滑片P移动到A端，R2连入阻值为0，R1、R3串联，再闭合S2，R3被短路，只有R1连入电路；所以，电路的总电阻减小，电源电压一定，由P=可知，电路中的总功率变大，故D正确．故选ACD．【点评】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，关键正确分析开关在不同状态下电路的连接方式以及电表所测物理．有一定难度．　二、填空及简答题10．如图所示，是女排运动员打排球拦网时的场景．请你从力学角度提出一个问题并回答：问题：　用力拍球，球为什么会运动　？回答：　力可以改变物体的运动状态　．【考点】力的作用效果．【分析】可以从力的作用效果、力的作用相互性、惯性等角度提出问题并回答．【解答】解：（1）问题：用力拍球，球为什么会运动？回答：力可以改变物体的运动状态；（2）问题：用力排球，手为什么会疼？回答：力的作用是相互的；（3）问题：球离开手后为什么继续向前运动？回答：球具有惯性，要保持原来的运动状态；故答案为：用力拍球，球为什么会运动；力可以改变物体的运动状态．【点评】此题属于答案开放题，解答此类问题的关键是找准知识点，分别解释．　11．如图所示，当电源开关接通后，会发现螺线管左侧小磁针的北极会向　下　（填“上”或“下”）偏转，这说明通电螺线管周围存在　磁场　；当滑动变阻器滑片向右滑动时弹簧测力计的示数　变小　（填“变大”、“变小”或“不变”）．【考点】通电螺线管的磁场；磁极间的相互作用．【分析】由安培定则确定通电螺线管的左右的极性，根据磁极间的相互作用的规律判断出小磁针N极的偏转方向，当滑动变阻器滑片移动时，得出电流的变化后，再判断磁性的强弱，然后由磁极间的相互作用规律可知，弹簧测力计的示数的变化．【解答】解：已知电源的正负极和通电螺线管的绕法，由安培定则知，通电螺线管的上端为N极，下端为S极；这说明通电螺线管周围存在磁场，由磁极间的相互作用规律，异名磁极相互吸引可知，左侧小磁针的北极会向下偏转；当滑动片向右滑动时，电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性增强，弹簧下面的条形磁铁受到的排斥力变大，则弹簧测力计的示数变小．故答案为：下；磁场；变小．【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则、通电螺线管的磁性强弱的因素．利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．　12．小明家的电能表如图所示，小明家已消耗的电能为　30　kW•h，转盘已转过　6×104　转；他发现只接入一只电热水壶时，电能表3min转过100转，电热水壶的实际电功率为　1000　W．【考点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算．【分析】（1）电能表的读数表示家庭电路到现在为止消耗的电能总数，最后一位是小数，单位kW•h．2000r/kW•h所表示的物理意义：2000r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000r．（2）由电能表的转动的转数求用电器消耗的电能，又知道通电时间，可以求出用电器的电功率．【解答】解：（1）小明家到现在为止，已消耗的电能为30kW•h．每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000r，小明家已消耗的电能为30kW•h，电能表的转盘转的转数：30×2000r=6×104r．（2）只使用一只电水壶，电能表转盘3分钟转过100转，消耗的电能：W=kW•h=0.05kW•h；P===1kW=1000W．故答案为：30；6×104；1000．【点评】本题考查了电能表的参数的理解，还考查了用电器单独接入电路时，由用电器在一定时间内电能表转动的圈数，求用电器的电功率．　13．如图所示，一辆小汽车在水平公路上匀速向南行驶，轿车受到的牵引力　等于　它受到阻力（填“等于”、“大于”或“小于”）；该车以100km/h的速度行驶．经过0.5h行驶　50　km；若汽车司机以左侧车门的玻璃窗为参照物，道路两边的树木向　北　运动．（填“东”、“西”、“南”或“北”）【考点】力与运动的关系；参照物及其选择；速度公式及其应用．【分析】（1）因为汽车在水平公路上匀速行驶，所以汽车受到的牵引力与阻力是一对平衡力；（2）已知汽车行驶速度和时间，可以得到行驶的路程；（3）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化．若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的．【解答】解：小汽车在水平公路上匀速行驶，水平方向受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以这两个力大小相等，方向相反；因为v=，所以小汽车经过0.5h行驶的路程为s=vt=100km/h×0.5h=50km；汽车向南行驶过程中，司机以左侧车门的玻璃窗为参照物，会看到道路两旁的树木向后，也就是向北运动．故答案为：等于；50；北．【点评】此题考查了二力平衡条件的应用、速度变形公式的应用及运动和静止的相对性，包含的知识点较多，难度不大，属于基本规律的考查．　14．2015年3月17日，我国具有自主知识产权的新型喷气式客机ARJ21﹣700（如图）完成首次航线演示飞行．一位试乘员描述了飞机起飞时的场景：接到控制塔信号后，飞机启动并加速，跑道往后移动越来越快．突然飞机离开了地面，喷气发动机的推动力使它疾驶空中．（1）试乘员看到窗外的跑道往后移动时以　飞机　为参照物的．（2）飞机离开地面时，机翼上方的空气流速　大于　机翼下方的空气流速（选填“大于”“等于”或“小于”）．（3）飞机的喷气发动机和汽油机都属于内燃机，它们通过做功把　内能　转化为机械能．【考点】参照物及其选择；流体压强与流速的关系；内燃机的四个冲程．【分析】（1）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；（2）流体流速越大，流体压强越小，流体流速越小，流体压强越大；（3）判断清楚该过程中消耗了哪种形式的能，进而又产生了哪种形式的能即可．【解答】解：（1）由题意可知，跑道与飞机的位置发生变化，所以当以飞机为参照物时，跑道是向后运动的；（2）机翼上方的空气流速比机翼下方的流速快，因此机翼上方气体压强小于机翼下方气体压强，从而产生了升力；（3）内燃机通过燃料燃烧消耗了燃料的内能，利用高温高压燃气做功，将内能转化为机械能．故答案为：（1）飞机；（2）大于；（3）内能．【点评】本题考查了参照物的选择、流体流速与流体压强的关系、内燃机工作过程的能量转化，难度不大，是一道基础题．　三、实验探究题（15题4分，16题6分，17、18、19题各7分，共31分）15．如图所示是“比较水和食用油吸热能力”的实验装置．（1）在加热过程中，用搅拌器搅动的目的是　使水和食用油受热均匀　；水和食用油吸热的多少可以通过　加热时间　来反映（选填“温度计示数”或“加热时间”）．（2）关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是　B　（填字母）．A．采用相同的加热方法（如酒精灯火焰的大小，与烧杯底的距离等）B．烧杯中分别装入相同体积的水和食用油C．使用相同的烧杯（3）若两相同烧杯中分别加入40g的水和食用油，一段时间后，水温升高了38℃，食用油升高　84　℃．[c水=4.2×103J/（kg•℃），c油=1.9×103J/（kg•℃）]．【考点】探究比热容的实验．【分析】（1）水和食用油只有受热均匀，我们才可以准确测量液体的温度从而得出水和食用油吸热升温特点；吸收热量的多少可以用加热时间的长短来体现出来，相同的热源在相同的时间内放出的热量相等，加热时间越长说明吸收热量越多；（2）比较水和食用油吸热升温特点”需要控制水和食用油的质量相等，因为水和食用油的密度是不同的，体积相同时，质量是不同的；（3）根据Q=c水m△t求出水吸收的热量，即为食用油吸收的热量，根据Q=cm△t的变形公式△t=即可求出食用油升高的温度．【解答】解：（1）加热时，用搅拌器不断的搅拌，可以使水和食用油受热均匀；相同的酒精灯加热相同的时间，酒精灯放出的热量就是相等的，水和食用油吸收的热量也就是相等的，水和食用油吸热的多少是通过加热时间来反映的．（2）“比较水和食用油吸热升温特点”就要采用控制变量法，控制热源（酒精灯火焰的大小、与烧杯底的距离）、盛装液体的容器相同和液体质量一定，故A、C选项正确；因为水和食用油的密度是不同的，体积相同时，质量是不同的，故B错；故选B．（3）水的质量m水=40g=0.04kg，则水吸收的热量：Q水吸=c水m水△t水=4.2×103J/（kg•℃）×0.04kg×38℃=6384J，由题意可知，食用油吸收的热量：Q水吸=Q油吸=6384J，由Q=cm△t得，食用油升高的温度：△t===84℃．故答案为：（1）使水和食用油受热均匀；加热时间；（2）B；（3）84．【点评】本题主要考查如何用转换法和控制变量法来比较不同物质比热容（吸热能力）的大小，解题时要注意控制变量法的应用，关键吸热公式及变形公式的灵活运用，难度不大．　16．小明和小红使用不同器材分别对盐水的密度进行了测量．（1）请将他们的实验过程补充完整．小明利用烧杯、形状不规则的塑料块（密度比水小）、刻度尺和水（ρ水已知）测量盐水密度的过程如下：①两个相同的烧杯中倒入适量的水、盐水，用刻度尺分别测出水深为h1、盐水深h2；②　将塑料块先后放入水和盐水中，用刻度尺分别测出水深为h3，盐水深为h4　．③计算盐水密度的表达式为：ρ=　　．（2）小红手边的测量工具只有刻度尺．利用身边的器材设计出一个实验方案．首先找一根直硬棒，用细线系在O点吊起，硬棒在水平位置平衡，然后将已知密度为ρ的金属块B挂在硬棒左端C处，另外一个重物A挂在硬棒右端，调节重物A的位置，使硬棒在水平位置平衡，此时重物挂在硬棒上的位置为E，如图所示．下面是小红测出ρ盐水的部分实验步骤，请你按照小红的实验思路，将实验步骤补充完整．①用刻度尺测出OE的长度L；②把金属块B浸没在盐水中，把重物A从E处移动到D处时，硬棒再次在水平位置平衡；③　用刻度尺测出OD的长度L1　．④用上述测量出的物理量和题中的已知量计算ρ盐水的表达式为：ρ盐水=　　．【考点】液体的密度测量实验．【分析】（1）塑料块密度比水小，在水和盐水中均处于漂浮状态，所受浮力相等，即排开水和盐水的质量相等，结合阿基米德原理和密度公式可表示出盐水的密度；（2）掌握杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂．据杠杆两次平衡列出等式，可知需要测量OD的长度；根据杠杆两次平衡列出等式是解决此题的关键．杠杆第二次平衡时要用到浮力知识：把金属块B浸没在待测盐水中，C点所受的拉力等于金属块的重力减去金属块所受到的浮力．将所列等式进行变形，即可得出盐水的密度的表达式．【解答】解：（1）要得到盐水的密度，需表示出塑料块在水、盐水中漂浮时，排开水、盐水的体积，故可将塑料块先后放入水和盐水中，用刻度尺分别测出水深为h3，盐水深为h4；塑料块在水中漂浮：G=F1=ρ水gV1=ρ水g（h3﹣h1）S，塑料块在盐水中漂浮G=F2=ρ盐水gV2=ρ盐水g（h4﹣h2）S，盐水的密度：ρ盐水====；（2）③根据杠杆平衡条件可知：把金属块B浸没在待测油中，把重物A从E处移动到D处时，硬棒再次在水平位置平衡时：（mB﹣m排）•OC=mA•OD．所以应该用刻度尺测出OD的长度L1．④根据杠杆平衡条件得：将已知密度为ρ的金属块B挂在硬棒左端C处，另外找一个重物A挂在硬棒右端，调节重物A的位置，使硬棒在水平位置平衡，此时重物挂在硬棒上的位置为E时：mB•OC=mA•OE．由ρ=得：m=ρv，又用刻度尺测出OE的长度L0．根据杠杆平衡条件得：ρ•vB•OC=mA•L0．故：vB•OC=．把金属块B浸没在待测油中，把重物A从E处移动到D处时，硬棒再次在水平位置平衡；且用刻度尺测出OD的长度L1．根据杠杆平衡条件得：（mB﹣m排）•OC=mA•L1．即：（ρ•vB﹣ρ盐水•vB）•OC=mA•L1．ρ•vB•OC﹣ρ盐水•vB•OC=mA•L1．mA•L0﹣ρ盐水•vB•OC=mA•L1．盐水的密度：ρ盐水==mA（L0﹣L1）•=．故答案为：（1）②将塑料块先后放入水和盐水中，用刻度尺分别测出水深为h3，盐水深为h4；③；（2）③用刻度尺测出OD的长度L1；④ρ盐水=．【点评】本题是非常规题，难度较大，联系到浮力知识才能解答，以后做题要多读几遍题目，认真思考，培养综合解答问题的能力！　17．小明和小红在探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验时，设计的电路图如图甲所示．（1）请根据电路图用笔画线代替导线将实物电路（图乙）连接完整（导线不许交叉）．（2）排除电路故障进行实验，多次改变R的阻值，调节变阻器滑片，使电压表示数保持不变，实验数据记录如表，其中第5次实验电流表示数如图丙所示，其读数为　0.12　A． 实验次数 1 2 3 4 5 电阻R/Ω 5 10 15 20 25 电流V/A 0.6 0.3 0.2 0.15 （3）分析表中数据，可以初步得到结论为　电压一定时，电流跟电阻成反比　．拓展：实验结束后，老师提出只给一个电流表、一个已知阻值R0、待测电阻Rx、开关（两个）、电源和导线若干，要求他们通过探究测出电阻Rx的值．（1）请设计一个能测出电阻Rx阻值的电路图，画在图丁的虚线框内．（2）实验步骤：①　闭合开关S1，断开开关S2，读出电流表示数为I1　；②　闭合开关S1和S2，读出电流表示数为I2　．（3）表达式Rx=　（﹣1）R0　．（用已知量和测量量表示）【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．【分析】（1）据题目中的数据可知，电流表选择小量程即可，即将电流表、开关串联接入电路即可；（2）根据电流表选用的量程和其分度值，读出电流表示数；（3）电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比．拓展：要测量被测电阻的阻值，可利用串联电路电流处处相等的结论，让RX和R0串联，用开关控制电路的连接情况，电流表测量电路电流，根据电流表示数以及欧姆定律表示出电源电压，化简可求出被测电阻的阻值．【解答】解：（1）此时电流表和开关串联接入电路，且电流表选择小量程，如下图所示：（2）图丙中电流表用的是0.6A量程，分度值为0.02A，故其示数为0.12A；（3）根据表中数据可得出的结论是：电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比．拓展：（1）R0、Rx、电流表以及开关S串联连接，开关S′与被测电阻并联，如下图所示：（2）实验步骤：①闭合开关S1，断开开关S2，读出电流表示数为I1；②闭合开关S1和S2，读出电流表示数为I2．即I2R0=I1（R0+Rx）（3）故Rx=（﹣1）R0．故答案为：（1）见上图；（2）0.12；（3）电压一定时，电流跟电阻成反比；拓展（1）如上图．（2）实验步骤：①闭合开关S1，断开开关S2，读出电流表示数为I1；②闭合开关S1和S2，读出电流表示数为I2．（3）Rx=（﹣1）R0．【点评】本题是一道实验题和实验设计题的有机组合，有一定的难度，知道测电路电阻的原理：欧姆定律，熟练应用串联电路的特点、欧姆定律即可解题．　18．如图所示，重200N、边长为0.1m的正方体物块放在水平地面上，一名重600N的工人用128N的力将重物以0.3m/s的速度匀速提起．（不计绳重和摩擦）求：（1）拉力的功率及滑轮组的机械效率．（2）当工人拉绳子的力是50N时，正方体物块对地面的压强．（3）用此滑轮组能提升的最大物重是多少？【考点】功率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；压强的大小及其计算；滑轮（组）机械效率的测量实验．【分析】（1）已知物体上升速度和拉力，根据P=Fv求出拉力的功率；根据η==求出机械效率；（2）求出拉力为50N时，人对地面的压力，利用p=及时压强；（3）当绳子的拉力和人的体重相等时，滑轮组所提升物体的物重最大；利用F′=（G物′+G动）求最大物重．【解答】解：（1）物体上升的速度v物=0.3m/s，那么绳子下降的速度：v绳=nv物=2×0.3m/s=0.6m/s．拉力的功率：P===Fv绳=128N×0.6m/s=76.8W；滑轮组的机械效率η═==×100%≈78.1%；（2）由F=（G+G动）得，动滑轮重：G动=2F﹣G=2×128N﹣200N=56N，当拉绳子的力是50N时，绳子对物体的拉力：F′=2×50N﹣56N=44N物体对地面的压力：F1=200N﹣44N=156N，物块对地面的压强：P===15600Pa．（3）工人对绳子的最大拉力等于他本身的重力，即：F大=G人=600N由F=（G+G动）得，最大物重：G最大=nF大﹣G动=2×600N﹣56N=1144N．答：（1）拉力的功率是76.8W，滑轮组的机械效率为78.1%；（2）当工人拉绳子的力是50N时，正方体物块对地面的压强是15600Pa；（3）用此滑轮组能提升的最大物重是1144N．【点评】本题主要考查学生对功率、压强和滑轮组的机械效率的理解和掌握，属于基础题目，要求学生应熟练掌握．　19．如图所示，电源电压不变，小灯泡标有“6V”字样，闭和开关S后，当滑片P在a端时，灯泡的功率P0=1.6W，当滑片P在中点时，滑动变阻器消耗的功率为P1，当滑片P在b端时，滑动变阻器消耗的功率为P2，电流表的示数I=0.1A．已知P1：P2=32：25，灯丝电阻不随温度变化．求：（1）滑动变阻器的最大阻值；（2）电源电压；（3）小灯泡的额定电功率．【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R0串联，电流表测电路中的电流．（1）设出滑片P在中点时和在b端时电路中的电流，根据P=UI=I2R求出两种情况下滑动变阻器消耗的电功率之比即可求出电流之比，根据电压一定时电流与电阻成反比得出等式求出滑动变阻器的最大阻值与灯泡电阻的关系，根据电阻的串联和欧姆定律表示出滑片P在b端时电源的电压；当滑片P在a端时，电路为RL的简单电路，根据P=UI=表示出灯泡的功率即可求出灯泡的电阻，进一步求出滑动变阻器的最大阻值；（2）把灯泡的电阻和滑动变阻器的最大阻值代入滑片P在b端时电源电压的表达式即可求出电源电压；（3）知道灯泡的额定电压和电阻，根据P=UI=求出小灯泡的额定电功率．【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R0串联，电流表测电路中的电流．（1）当滑片P在中点时电路中的电流为I1，当滑片P在b端时电路中的电流为I2，由P=UI=I2R可得，两种情况下滑动变阻器消耗的电功率之比：==，解得：=，因电源一定时，电流与电阻成反比，所以，==，解得：R0=3RL，当滑片P在b端时，电源的电压：U=I2（RL+R0）=0.1A×（RL+3RL）=0.4A×RL，当滑片P在a端时，电路为RL的简单电路，则灯泡的功率：P0===1.6W，解得：RL=10Ω，则滑动变阻器的最大阻值：R0=3RL=3×10Ω=30Ω；（2）电源的电压：U=I2（RL+R0）=0.1A×（10Ω+30Ω）=4V；（3）小灯泡的额定电功率：PL===3.6W．答：（1）滑动变阻器的最大阻值为30Ω；（2）电源电压为4V；（3）小灯泡的额定电功率为3.6W．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好电源的电压不变即电压一定时电流与电阻成反比是关键．