2023年湖北省宜昌二中物理高一下期中教学质量检测模拟试题含解析

2023年湖北省宜昌二中物理高一下期中教学质量 检测 工程第三方检测合同工程防雷检测合同植筋拉拔检测方案传感器技术课后答案检测机构通用要求培训 模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目 要求 对教师党员的评价套管和固井爆破片与爆破装置仓库管理基本要求三甲医院都需要复审吗 ，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图，汽车以10m/s的速度驶过圆弧形桥的最高点时，汽车对桥面的压力是车重的0.8倍，此桥面的圆弧半径为r。如果车速为15m/s，在最高点时汽车对桥面的压力将变为车重的（　　）A．0.45倍B．0.55倍C．0.6倍D．0.7倍2、以速度v0＝20m/s竖直上抛一小球，2s后以相同的初速度在同一点竖直上抛另一小球，问两球在离抛出点多高处相遇(g取10m/s2)()A．5m处B．10m处C．15m处D．20m处3、已知引力常量G＝6.67×10－11N·m2/kg2,重力加速度g取9.8m/s2,地球半径R＝6.4×106m，则可知地球的质量约为(　　)A．2×1018kgB．2×1020kgC．6×1022kgD．6×1024kg4、一个物体自由下落，在第1s末、第2s末重力的瞬时功率之比为A．1:1B．1:2C．1:3D．1:45、如图所示，质量为m的小球被一根橡皮筋AC和一根绳BC系住，当小球静止时，橡皮筋处在水平方位向上．下列判断中正确的是（）A．在AC被突然剪断的瞬间，BC对小球的拉力不变B．在AC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为C．在BC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为D．在BC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为6、质量为1kg的物体被人用手由静止向上提高2m，这时物体的速度是4m/s，下列说法中正确的是（不计一切阻力，g=10m/s2）（）A．手对物体做功28JB．合外力对物体做功8JC．物体机械能增加了8JD．物体重力势能增加了20J7、某型号汽车的总质量m＝1000kg，发动机的额定功率P0＝60kW。汽车在该水平路面运动时受到的阻力大小恒为f＝2000N。在此过程中，下列说法正确的是（　　）A．汽车行驶的最大速度为30m/sB．若汽车以额定功率启动，汽车先做匀加速直线运动接着做匀速直线运动C．若汽车以恒定加速度启动，汽车先做匀加速直线运动接着做匀速直线运动D．若汽车以额定功率启动，当汽车速度为10m/s时的加速度大小为4m/s28、2012年至2015年进入了我国北斗系统卫星发射的高峰期，北斗卫星系统由地球同步轨道卫星与低轨道卫星两种卫星组成，在轨正常运行的这两种卫星比较（）A．低轨卫星运行的周期较大B．同步卫星运行的周期较大C．低轨卫星运行的加速度较大D．同步卫星运行的线速度较大9、如图所示为两物体A、B在没有其他外力作用时相互作用前后的速度—时间（v－t）图像，则由图像可知（）A．A、B作用前后总动量不守恒B．一定是A物体追及B物体发生碰撞C．A、B的质量之比为5∶3D．该碰撞是弹性碰撞10、如图，从半径为R＝1m的半圆AB上的A点水平抛出一个可视为质点的小球，经t＝0.4s小球落到半圆上，已知当地的重力加速度g＝10m/s2，则小球的初速度v0可能为(　　)A．1m/sB．2m/sC．3m/sD．4m/s二、实验题11、（4分）在做“研究平抛物体的运动”实验时，（1）下列说法正确的是_______。A．应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下B．为了减小测量平抛初速度的误差，应尽量减小斜槽和小球间的摩擦C．要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些D．为了比较准确地描出小球运动的轨迹．应该用一条曲线把所有的点连接起来（2）若实验中把轨道末端点记为坐标原点，建立坐标点，利用卡槽记录小球平抛过程中的位置，拟合得到一条过原点的平滑曲线，测得曲线上某点坐标（）由此得到平抛初速度。不计空气阻力的影响，该测量值和真实值相比______（选填“偏大”、“偏小”、或“相等”）12、（10分）某小组做“探究功与速度变化的关系”的实验如图所示，下列说法正确的是_____A．实验中可使木板适当倾斜来平衡摩擦力，方法是把木板的一端适当垫高使未连纸带的小车在木板上做匀速直线运动B．平衡摩擦力后，当小车速度最大时，橡皮筋处于伸长状态C．实验中所用的橡皮筋必须是完全相同的D．小车的速度，选取纸带上相邻点的间距相等的部分求解三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）某物体在地面上受到重力为将它放置在卫星中,在卫星以的加速度随火箭向上匀加速升空的过程中,当支持该物体的支持物对其弹力为=时,卫星距地球表面有多远?(设地球半径为,地球表面重力加速度为)14、（14分）如图所示，两个质量均为1kg的小球A、B套在半径为R的竖直圆环上，圆环可绕竖直方向的直径转动，两小球随圆环一起转动且相对圆环静止。已知OA与竖直方向的夹角θ=53°，OA与OB垂直，小球A与圆环间恰好没有摩擦力，重力加速度取g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6。求：（1）圆环转动的角速度大小；（2）小球B所受的摩擦力。15、（13分）如图所示，一半径R=1m的圆盘水平放置，在其边缘E点固定一小桶（可视为质点），在圆盘直径DE的正上方平行放置一水平滑道BC，滑道右端C点与圆盘圆心O在同一竖直线上，且竖直高度h=1.25m．AB为一竖直面内的光滑圆弧轨道，半径r=0.45m，且与水平滑道相切与B点．一质量m=0.2kg的滑块（可视为质点）从A点以某一初速度释放，当滑块经过B点时，对B点压力为6N，恰在此时，圆盘从图示位置以一定的角速度绕通过圆心的竖直轴匀速转动，最终物块由C点水平抛出，恰好落入圆盘边缘的小桶内．已知滑块与滑道BC间的动摩擦因数．（取）求：（1）滑块到达B点时的速度；（2）水平滑道BC的长度；（3）圆盘转动的角速度应满足的条件.参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、B【解析】在凸形桥的最高点，根据牛顿第二定律有汽车以10m/s的速度驶过圆弧形桥的最高点时，有如果车速为15m/s，在最高点时有联立解得根据牛顿第三定律知汽车对桥面的压力将变为车重的0.55倍。选项B正确，ACD错误。故选B。2、C【解析】先竖直上抛的小球到达最高点用的时间为：t=═2s，所以另一小球抛出时，它恰好在最高点将要做自由落体运动．由竖直上抛运动的对称性可得，两球再经过1s后相遇．故两球相碰处离出发点的高度为：，故C正确，ABD错误。故选C3、D【解析】在地球表面附近有：，解得地球的质量，故D正确，ABC错误。4、B【解析】物体自由下落，在第1s末物体速度：，第2s末物体速度：，重力瞬时功率：，所以重力瞬时功率之比为1：2，ACD错误B正确5、C【解析】试题 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 ：先根据平衡条件求出剪断前橡皮筋AC和绳BC的拉力大小，在剪断AC瞬间，绳的拉力发生突变，拉力与重力的合力沿圆周切向向下，根据力的合成求解此时合力，若剪断BC，绳中张力立即消失，而在此瞬间橡皮筋弹力不变，求出此时合力，由牛顿第二定律求加速度．解：在剪断之前，绳处于平衡状态，画受力图有：小球平衡有：y方向：Fcosθ=mgx方向：Fsinθ=T（1）若剪断AC瞬间，绳中张力立即变化，此时对小球受力有：小球所受合力与BC垂直向下，如图，小球的合力F合=mgsinθ，所以小球此时产生的加速度a=gsinθ，拉力大小F=mgcosθ，故A、B均错误；（2）若剪断BC瞬间，瞬间橡皮筋的形变没有变化，故AC中的弹力T没有发生变化，如下图示：此时小球所受合力，根据牛顿第二定律此时小球产生的加速度a=，故C正确，D错误．故选C．【点评】本题是瞬时问题，关键是受力分析后根据平衡条件和牛顿第二定律列方程求解力和加速度；注意区分橡皮筋（弹簧等）在瞬间弹力不会立即发生变化，而绳在瞬间弹力会突变，这是解决此类问题的关键突破口．6、ABD【解析】试题分析：根据动能定理求解手对物体做功和合外力做功．手对物体做功等于物体机械能的增加．物体的高度上升，重力做负功．解：A、根据动能定理得：W﹣mgh=mv2﹣0，解得，手对物体做功为：W=mgh+mv2=1×10×2+×1×42=28J，故A正确．B、由动能定理得：W合=mv2=×1×42=8J，故B正确．C、手对物体做功等于物体机械能的增加，则物体机械能增加△E=W=28J，故C错误．D、物体的重力做功为WG=﹣mgh=﹣1×10×2=﹣20J，即物体克服重力做功20J，重力势能增加了20J．故D正确．故选ABD．【点评】本题考查常见的几对功能关系的理解：合力做功等于动能的变化，除重力以外的力做功等于机械能的变化．7、AD【解析】A．最大速度时牵引力与阻力大小相等，因此A正确；B．若汽车以额定功率启动，根据随着速度的增大，牵引力减小，因此做加速度减小的加速运动，B错误；C．若汽车以恒定加速度启动，汽车先做匀加速直线运动，当功率达到额定功率后，随速度增加，牵引力减小，做加速度减小的加速运动，C错误；D．若汽车以额定功率启动，当汽车速度为10m/s时，牵引力为根据牛顿第二定律代入数据可得D正确。故选AD。8、BC【解析】试题分析：对卫星的圆周运动分析可知，万有引力提供向心力，，那么周期，高度高则周期大，A错B对．，高度低，加速度大，C对．，高度高则线速度小，D错．考点：万有引力与航天9、BCD【解析】A.由题意可知，物体A、B组成的系统不受外力作用，则系统动量守恒，故A错误；B.因为初状态，A的速度大于B的速度，末状态，A的速度小于B的速度，而物体A、B组成的系统不受外力作用，所以一定是A物体追及B物体发生碰撞，故B正确；C.由动量守恒定律得：，解得，故C正确；D.碰前的机械能；碰后的机械能，碰前的机械能等于碰后机械能，所以是该碰撞是弹性碰撞，故D正确。10、AD【解析】小球下降的高度h=gt2=×10×0.42=0.8（m）．若小球落在左边四分之一圆弧上，根据几何关系有：R2=h2+（R-x）2，解得水平位移x=0.4m则初速度．若小球落在右边四分之一圆弧上，根据几何关系有：R2=h2+x′2解得x′=0.6m则水平位移x=1.6m初速．A．1m/s，与结论相符，选项A正确；B．2m/s，与结论不相符，选项B错误；C．3m/s，与结论不相符，选项C错误；D．4m/s，与结论相符，选项D正确；故选AD．点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和几何关系灵活求解．二、实验题11、AC偏大【解析】（1）应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下，以保证到达最低点的速度相等，选项A正确；斜槽和小球间的摩擦对实验无影响，只要到达底端的速度相同即可，选项B错误；要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些，选项C正确；为了比较准确地描出小球运动的轨迹．应该用一条平滑曲线连接各点，但是要略去误差较大的点，选项D错误；故选AC.（2）小球平抛运动的抛出点应该在轨道末端上方距离为r（小球的半径），故用计算初速度时，y0取值偏小，故得到的v值偏大.12、CD【解析】实验中可使木板适当倾斜来平衡摩擦力，方法是把木板的一端适当垫高使连纸带的小车在木板上做匀速直线运动，故A错误；平衡摩擦力后，当小车速度最大时，此时橡皮筋的弹性势能全部转化为动能，此时橡皮筋处于原长状态，故B错误；实验中所用的橡皮筋必须是完全相同的，才能保证橡皮筋做功成倍的增加，故C正确；橡皮筋做功完毕后小车做匀速直线运动，此过程纸带上相邻点的间距相等，小车的速度，应该选取纸带上相邻点的间距相等的部分求解，故D正确.三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、R【解析】设卫星距地球表面高度为，则:在地球表面:又,联立可得14、(1)；(2)【解析】(1)小球A与圆环间恰好没有摩擦力，由支持力和重力的合力提供向心力，有：解得(2)对小球B受力分析如图：根据牛顿第二定律与联立解得15、（1）3m/s；（2）1.25m；（3）ω=2nπrad/s(n=1、2、3、4…)【解析】(1)滑块到达B点时，由牛顿第二定律得：F−mg=代入数据解得：vB=3m/s(2)滑块离开C后，作平抛运动，由h=解得：t1==s=0.5svC=R/t1=2m/s滑块在BC上运动时，由牛顿运动定律得：μmg=ma，代入数据解得：a=2m/s2由滑块作减速运动,匀变速运动公式有：代入数据解得：s=1.25m(3)滑块由B点到由C点，由运动学关系：x=代入数据解得：t2=0.5s得：t=t1+t2=0.5s+0.5s=1s圆盘转动的角速度ω应满足条件：t=2nπ/ω代入数据得：ω=2nπrad/s(n=1、2、3、4…)答：(1)滑块到达B点时的速度是3m/s；(2)水平滑道BC的长度是1.25m；(3)圆盘转动的角速度ω应满足的条件ω=2nπrad/s(n=1、2、3、4…).【点睛】（1）由牛顿第二定律求出滑块经过B点的速度大小；（2）滑块离开C后做平抛运动，要恰好落入圆盘边缘的小桶内，水平位移大小等于圆盘的半径R，根据平抛运动的规律求得滑块经过C点的速度，根据牛顿运动定理研究BC过程，求解BC的长度；（3）滑块由B点到C点做匀减速运动，由运动学公式求出时间，滑块从B运动到小桶的总时间等于圆盘转动的时间，根据周期性求解ω应满足的条件．