2019-2020年最新上海市嘉定区、宝山区中考二模物理试卷及答案解析

上海市嘉定区、宝山区中考物理二模试卷　一、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）1．（2分）太阳系中属于恒星的是（　　）A．太阳B．地球C．月亮D．冥王星2．（2分）首先测出大气压值的物理学家是（　　）A．伽利略B．安培C．奥斯特D．托里拆利3．（2分）光斜射到镜面上时，入射光线与镜面的夹角为40°，则反射光线与法线的夹角为（　　）A．0°B．40°C．50°D．100°4．（2分）下列物理量中，能用来鉴别物质种类的是（　　）A．响度B．质量C．电阻D．密度5．（2分）下列现象中，能说明分子间存在斥力的是（　　）A．香气四溢B．破镜不能重圆C．液体很难压缩D．同名磁极相互排斥6．（2分）如图所示的各物体中，所受的两个力属于一对平衡力的是（　　）A．推拉方向盘B．推手C．推拉小车D．提着水桶不动7．（2分）在验证凸透镜成像实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位罝如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像：若保持透镜位罝不变，将蜡烛在光具座上移动5厘米，对于此时成像的性质判断正确的是（　　）A．一定是缩小的实像B．可能是放大的实像C．一定是正立的虚像D．可能是放大的虚像8．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，电路正常工作．一段时间后，有一个电表的示数增大：然后将电流表A与电阻R1位置互换后，发现电压表的示数不变．若故障只发生在电阻R1、R2上，则（　　）A．R1一定短路B．R2一定短路C．R1可能短路D．R2可能断路　二、填空题（共26分）9．（3分）测量家庭消耗电能的仪表是　　表．标有“220V40W”字样的日光灯正常工作时，加在它两端的电压为　　伏，它连续正常工作25小时耗电　　度．10．（3分）3月20日，中国运动员董斌在国际田联室内世锦赛三级跳比赛中以17.33米的成绩获得金牌．用力助跑和踏跳使他快速起跳，这说明力可以改变物体的　　：腾空后由于　　的缘故他会向前飞去：由子始终受到竖直向　　的重力作用，他最终落入沙坑．11．（3分）电调预约出租车，是通过　　来传递信息的（选填“无线电波”或“次声波”）：在出租车行驶过程中，以轿车为参照物．乘客是　　的（选填“运动”或“静止”）；若当司机听到车外的汽笛声越来越　　（选填“轻”或“响”）时，说明警车靠他越来越近，出租车须及时避让警车．12．（3分）某导体两端的电压为4伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库，通过该导体的电流为　　安，该导体的电阻为　　欧，这段时间内电流做功为　　焦．13．（3分）如图所示．把重为1000牛的物体A匀速提升2米，不计滑轮自重和摩擦．则作用在细绳自由端的拉力F大小为　　牛，拉力F做功为　　焦．若提升物体A所用时间为40秒，则拉力F做功的功率为　　瓦．14．（3分）甲、乙两辆车同时同地同向做匀速直线运动，它们的图象如图所示，由该图可知：甲车运动4秒，通过的路程为　　米：乙车的速度为　　米/秒：当乙车通过路程为40米时，两车相距　　米．15．（3分）从电源、电流表、电压表中选出合适的元件，填入如图所示电路中的AB、CD、EF两点间，合上电键．若向右移动滑片P时电压表的示数变大，则EF间接入的是　　：若向右移动滑片P时电流表示数变小，则电流表接入电路的位罝是　　．16．（3分）为了探究做功与物体内能变化的关系，某小组同学利用气压式喷雾器、数字式温度计、小叶轮等进行实验．实验中，他们先关闭喷嘴处的阀门，接着手压活塞快速打气，然后打开喷嘴处的阀门，迅速放出壶内一部分气休，并用温度计测出喷雾器内部的气体温度（物体温度升高内能增大），研究过程如图（a）、（b）和（c）所示．请仔细观察图中的操作和测量结果．然后归纳得出初步结论．①比较（a）和（b）两图可知：　　②比较（b）和（c）两图可知：　　．　三、作图题（共8分）17．（2分）根据光通过透镜前后的方向，在如图中的虚框内画上适当类型的透镜．18．（3分）在如图中，重为6牛的物体漂浮在水面上，用力的图示法画出物体受到的浮力F浮．19．（3分）根据如图中通电螺母管的S极，请标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．　四、计算题（共22分）20．（3分）质量为0.5千克的水温度升高20℃．求：水吸收的热Q吸．[水的比热容为4.2×103焦/（千克•℃）]．21．（10分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．现有标有“20欧2A”、“50欧2A”字样的滑动变阻器可供选择．（1）若电阻R1的阻值为20欧，闭合电键S，通过R1的电流为0.3安，求：电源电压U．（2）若电阻R1的阻值和R2的规格都未知，现用两只相同的电流表A1、A2分别串联在电路中，闭合电键S，向右移动滑片P，发现电流表A1和A2对应的示数变化范围分别是“0.6安〜0.2安”和“0.8安〜0.4安”．①判定：R2中的电流变化范围是　　，从电源流出的电流变化范围是　　．②求：定值电阻R1的阻值，并通过计算指出所选择变阻器R2的规格．22．（9分）如图所示，甲、乙两个相同的轻质薄壁圆柱形容器（高为1米，底面积为5×10﹣2米2）放置在水平地面上，且容器内盛有0.8米深的水和酒精．（酒精的密度为0.8×103千克/米3）（1）求甲容器中水的质量m．（2）求酒精对容器乙底部的压强p酒精．（3）现将密度为ρ的实心物体A先后慢慢放入水和酒精中，发现两容器都有液体溢出，当物体A静止后，甲、乙容器对地面的压强增加量相同，且溢出的酒精的体积为10×10﹣3米3．求物体A的密度．　五、实验题（共18分）23．（4分）天平是测量物体　　的仪器：测理时，应将砝码放在天平的　　盘．在“验证阿基米德原理”实验中，使用　　测量浮力的大小，且在测量前要在竖直方向上进行　　校正．24．（4分）“用DIS探究二力平衡的条件”的实验目的是：探究当物体只受两个力作用而处于　　状态时，这两个力必须满足的条件．在“探究平面镜成像的特点”实验中，为了便于找到像的　　，采用玻璃板作为平面镜：为了判断平面镜所成像的虚实性，可以在像的位罝处放上　　，若观察结果是　　，则说明它所成的是虚像．25．（6分）小张和小陈一起做“测定小灯泡的电功率”实验，实验室为他俩提供了若干节干电池，滑动变阻器有A、B两个待选（A标有“10Ω1A”字样、B标有“20Ω2A”字样），且实验器材齐全且完好，待测小灯标有“0.3A”字样．①小张选用了四节干电池和变阻器A，连接实验电路（如图1所示）．测量前小陈仔细检查小张连接的电路时．发现该电路连接存在的错误有　　．②他俩纠正连接错误后，继续实验，当变阻器连入电路的阻值达到最大时，观察到　　，说明小灯泡正常发光，此时电压表的示数如图2所示，则小灯的额定功率为　　瓦．③为了测出该小灯泡在电压低于额定电压时的实际功率，他俩想对实验器树进行调整，可能的调整 方案 气瓶 现场处置方案 .pdf气瓶 现场处置方案 .doc见习基地管理方案.doc关于群访事件的化解方案建筑工地扬尘治理专项方案下载 有：　　．26．（6分）在“探究导体电阻与哪些因素有关”的实验中，某小组同学在常温下按如图所示电路，将横截面积、长度不同的铝丝接入电路的MN两点间，利用电流表和电压表测量后计算出阻值，将数据 记录 混凝土 养护记录下载土方回填监理旁站记录免费下载集备记录下载集备记录下载集备记录下载 在表一、表二中．表一铁丝 实验序号 长度l（米） 横截面积S（毫米2） 电阻R（欧） 1 0.1 0.1 0.028 2 0.2 0.4 0.014 3 0.45 0.3 0.042表二铁丝 实验序号 长度l（米） 横截面积S（毫米2） 电阻R（欧） 4 0.1 0.2 0.014 5 0.2 0.2 0.028 6 0.2 0.2 0.042（1） 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 比较表一中的相关数据可得出的定性结论是：常温下，铝丝的长度和横截面积都不同时，它们的电阻　　（选填“相同”或“不同”）．（2）分析比较　　（选填“表一”或“表二”）的相关数据可得出的初步结论是：常温下，横截面积相同的铝丝，其电阻与长度成　　比．（选填“正”或“反”）．（3）请进一步综合分析表一、表二的相关数据，并归纳得出结论．（a）分析比较（1与5）、（2与4）或（3与6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下，铝丝长度与横截面积的　　相同，电阻相同．（b）分析比较（1与5）、（2与4）和（3与6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下，　　．（4）他们继续分析表一和表二的数据及相关条件，发现无法得到导体的电阻与 材料 关于××同志的政审材料调查表环保先进个人材料国家普通话测试材料农民专业合作社注销四查四问剖析材料 的关系．为了进一步探究导体的电阻与材料的关系，需选用　　相同的不同金属丝接入电路继续实验．　上海市嘉定区、宝山区中考物理二模试卷参考答案与试题解析　一、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）1．（2分）（2016•嘉定区二模）太阳系中属于恒星的是（　　）A．太阳B．地球C．月亮D．冥王星【分析】能够自身发光发热的星体称为恒星；离我们最近的恒星为太阳；同时应记清太阳系里的八大行星．【解答】解：地球、冥王星是围绕太阳转动的行星；太阳为能够发光发热的，是离我们最近的恒星；而月球是地球的一颗卫星．故选A．【点评】本题考查对恒星及行星的认识，属于基础内容．　2．（2分）（2016•嘉定区二模）首先测出大气压值的物理学家是（　　）A．伽利略B．安培C．奥斯特D．托里拆利【分析】首先测出大气压值的物理学家是托里拆利．【解答】解：意大利科学家托里拆利，利用一根玻璃管测出了大气压所能支持的水银柱的高度，即76厘米，这也就是后来规定的1个 标准 excel标准偏差excel标准偏差函数exl标准差函数国标检验抽样标准表免费下载红头文件格式标准下载 大气压的大小，其具体数值是p=ρ水银gh=13.6×103千克/米3×9.8牛/千克×0.76米=1.013×105帕．故选：D．【点评】本题考查了初中物理学史，同学们在平常的学习中要注意知识的积累．　3．（2分）（2016•嘉定区二模）光斜射到镜面上时，入射光线与镜面的夹角为40°，则反射光线与法线的夹角为（　　）A．0°B．40°C．50°D．100°【分析】（1）在光的反射中，入射角指的是入射光线与法线的夹角，知道入射光线与镜面的夹角以及法线和镜面的关系，就可以求出入射角；（2）光的反射中，反射角等于入射角．【解答】解：因为入射角、反射角指的是入射光线和反射光线与法线的夹角，并且法线垂直于镜面，因此入射角为（90°﹣40°）=50°；又因为反射角等于入射角，故反射光线与法线的夹角为50°．故选C．【点评】本题主要考查的是光的反射定律的应用，要熟练掌握入射角和反射角的定义，入射光线与法线的夹角叫入射角，反射光线与法线的夹角叫反射角．　4．（2分）（2016•嘉定区二模）下列物理量中，能用来鉴别物质种类的是（　　）A．响度B．质量C．电阻D．密度【分析】密度是物质的特性，不同的物质密度一般是不同的，因此根据密度的大小可鉴别不同的物质．【解答】解：密度是物质的特性，不同的物质密度一般是不同的，而响度、质量、电阻不是物质的特性，和物质的种类没有关系，所以鉴别物质的种类应该利用密度的不同．故选D．【点评】知道具有物质特性的物理量可以用来鉴别物质的种类，如密度、比热容、热值等，属于基础知识的考查．　5．（2分）（2016•嘉定区二模）下列现象中，能说明分子间存在斥力的是（　　）A．香气四溢B．破镜不能重圆C．液体很难压缩D．同名磁极相互排斥【分析】本题根据分子动理论的相关内容解答，分子动理论内容为：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互的作用力．【解答】解：A、香气四溢说明分子在不断运动，选项A错误；B、破镜不能重圆是由于分子间的距离变大，分子间的引力几乎不存在，所以很难再合在一起，选项B错误；C、液体很难被压缩是由于因为固体、液体分子间的距离小于某一距离后，斥力起主要作用，可以说明分子间存在着斥力，选项C正确；D、同名磁极相互排斥是因为磁铁与磁体存在相互作用的斥力，并不是分子间存在斥力，选项D错误．故选C．【点评】本题考查的是分子间的相互作用，属于基础题．　6．（2分）（2016•嘉定区二模）如图所示的各物体中，所受的两个力属于一对平衡力的是（　　）A．推拉方向盘B．推手C．推拉小车D．提着水桶不动【分析】根据二力平衡的条件进行分析，即大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上．【解答】解：A、推拉方向时，两个力的方向不在一条直线上，故不是一对平衡力，故A错误；B、推手时，两个力分别作用在对方的手上，不是一个受力物体，故不是一对平衡力，故B错误；C、推拉小车时，两个力的方向相同，故不是一对平衡力，故C错误；D、提着水桶不动时，拉力与重力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，是一对平衡力，故D正确．故选D．【点评】二力平衡的辨别关键就是抓住平衡力的四个条件，缺一不可，尤其注意两个力是否作用在同一物体上．　7．（2分）（2016•嘉定区二模）在验证凸透镜成像实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位罝如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像：若保持透镜位罝不变，将蜡烛在光具座上移动5厘米，对于此时成像的性质判断正确的是（　　）A．一定是缩小的实像B．可能是放大的实像C．一定是正立的虚像D．可能是放大的虚像【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律，分析图象中物距和像距的大小关系，得出此时成像的特点及像距、物距与焦距的关系，从而判断当物体移动5cm时物距与焦距的关系，从而得出成像的特点．【解答】解：由图可以看出该点所成的是一个倒立等大的像，且此时物距u与相距v大小相等都为20厘米，由凸透镜成像规律可以判断焦距f为10厘米，将蜡烛在光具座上移动，向左移动会使u＞2f，成倒立、缩小的实像，向右移动会使2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，但不可能成虚像．故选B．【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律，掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系．此题需根据物距与像距的大小关系得出成像的特点及物距和像距的范围，难度稍大．　8．（2分）（2016•嘉定区二模）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，电路正常工作．一段时间后，有一个电表的示数增大：然后将电流表A与电阻R1位置互换后，发现电压表的示数不变．若故障只发生在电阻R1、R2上，则（　　）A．R1一定短路B．R2一定短路C．R1可能短路D．R2可能断路【分析】根据电路图可知，两电阻串联，电流表测量电路电流，电压表测量电源电压；根据电流表和电压表的示数变化情况判断电路故障．【解答】解：当R1短路时，电流表与R1都相当于通路，交换电流表A与电阻R1才能保证电压表示数不变；如果R1正常，交换位置电压表示数会发生改变，故A正确，C错误；当R2短路，则在交换电流表A与电阻R1位置后，电压表示数会变为零，故B错误；当R2断路时，由欧姆定律可知不可能出现有一个电流表示数突然变大的情况，同理可知R1不可能断路，故D错误．故选A．【点评】此题考查电流表、电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和电路的特点进行分析．　二、填空题（共26分）9．（3分）（2016•嘉定区二模）测量家庭消耗电能的仪表是　电能　表．标有“220V40W”字样的日光灯正常工作时，加在它两端的电压为　220　伏，它连续正常工作25小时耗电　1　度．【分析】（1）在家庭电路中，用电能表测量用户消耗的电能；（2）我国家用照明电路电压为220V；（3）根据W=Pt求消耗的电能．【解答】解：电能表是家庭电路中常用来测量电能的仪表，又称电度表；标有“220V40W”字样的日光灯，说明了日光灯的额定功率是40W，额定电压是220V，也就是正常工作时加在它两端的电压是220V；连续工作25小时消耗的电能W=Pt=0.04kW×25h=1kWh=1度．故答案为：电能；220；1．【点评】本题考查考查了电能的计量、电器铭牌上参数的含义以及电能的计算，是一道基础题．　10．（3分）（2016•嘉定区二模）3月20日，中国运动员董斌在国际田联室内世锦赛三级跳比赛中以17.33米的成绩获得金牌．用力助跑和踏跳使他快速起跳，这说明力可以改变物体的　运动状态　：腾空后由于　惯性　的缘故他会向前飞去：由子始终受到竖直向　下　的重力作用，他最终落入沙坑．【分析】力的作用效果：力可以改变物体的运动状态；物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；重力的方向始终竖直向下．【解答】解：力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，当用力助跑和踏跳板时对跳板有力的作用，同时跳板对运动员也有一个力的作用，这个力改变了运动员的运动状态运动状态改变而使运动员腾空而起；惯性是指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都有惯性，惯性是物体本身固有的一种属性，腾空后，他受到重力和阻力的作用，但由于惯性，他会继续保持原先的运动状态，向前飞去；重力始终是竖直向下的，使得他具有向下运动的加速度，最终会落入沙坑．故答案为：运动状态；惯性；下．【点评】此题主要考查了惯性和力的作用效果，相对比较简单，属于基础题．　11．（3分）（2016•嘉定区二模）电调预约出租车，是通过　无线电波　来传递信息的（选填“无线电波”或“次声波”）：在出租车行驶过程中，以轿车为参照物．乘客是　静止　的（选填“运动”或“静止”）；若当司机听到车外的汽笛声越来越　响　（选填“轻”或“响”）时，说明警车靠他越来越近，出租车须及时避让警车．【分析】电调是一种带有天线装置的电器，可以通过无线电波传递信息；出租车在行驶过程中，轿车与乘客的相对位置没有发生变化，所以以轿车为参照物，乘客是静止的；当物体振动频率不变时，距离声源越远，声音的音调越低，距离声源越近，声音的音调越高，这就是多普勒效应．【解答】解：电调预约出租车，是通过无线电波来传递信息的；出租车在行驶过程中，轿车与乘客的相对位置没有发生变化，所以以轿车为参照物，乘客是静止的；若当司机听到车外的汽笛声越来越响时，说明警车靠他越来越近，出租车须及时避让警车．故答案为：无线电波；静止；响．【点评】本题考查了电磁波传递信息、运动状态的判断以及频率与音调的关系．　12．（3分）（2016•嘉定区二模）某导体两端的电压为4伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库，通过该导体的电流为　0.5　安，该导体的电阻为　8　欧，这段时间内电流做功为　20　焦．【分析】电流就表示单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少；根据I=可求电流；根据公式W=UIt可求这段时间内电流做功的多少．【解答】解：通过该导体的电流I===0.5安；根据欧姆定律可得：R===8Ω；这段时间电流做功W=UIt=4V×0.5A×10s=20J．故答案为：0.5；8；20．【点评】本题考查本题考查了电流的物理意义、欧姆定律以及电功的计算．关键是公式及其变形的灵活运用．　13．（3分）（2016•嘉定区二模）如图所示．把重为1000牛的物体A匀速提升2米，不计滑轮自重和摩擦．则作用在细绳自由端的拉力F大小为　500　牛，拉力F做功为　2000　焦．若提升物体A所用时间为40秒，则拉力F做功的功率为　50　瓦．【分析】由图可知，使用的是动滑轮，不计滑轮本身重力和摩擦，利用F=G求拉力大小；利用s=2h求拉力端移动的距离，利用功的公式W=Fs求拉力做功大小；知道做功时间，利用功率公式求拉力做功功率．【解答】解：由图知，使用的是动滑轮，因为不计滑轮自重和摩擦，所以拉力：F=G=×1000N=500N，拉力端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，拉力做的功：W=Fs=500N×4m=2000J，拉力做功功率：P===50W．故答案为：500；2000；50．【点评】本题考查了动滑轮的特点、功的计算、功率的计算，不计滑轮本身重力和摩擦，F=G、W有用=W总．　14．（3分）（2016•嘉定区二模）甲、乙两辆车同时同地同向做匀速直线运动，它们的图象如图所示，由该图可知：甲车运动4秒，通过的路程为　40　米：乙车的速度为　5　米/秒：当乙车通过路程为40米时，两车相距　40　米．【分析】解答本题首先要明确各图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；其次注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的数值大小和单位；再次是明确图象所表示的物理意义；最后对照各个选项提出的问题作出判断．【解答】解：根据图象可知甲运动4秒，通过的路程为40米；通过图象可知，乙车运动12s，通过的路程是60m，所以乙车的速度v===5m/s；由图象知，乙车通过的路程是40m时，时间是8s，此时甲车通过了80m，所以两车相距80m﹣40m=40m．故答案为：40；5；40．【点评】运用图象法解答问题的一般步骤：①明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；②注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的数值大小和单位；③明确图象所表示的物理意义；④根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论．　15．（3分）（2016•嘉定区二模）从电源、电流表、电压表中选出合适的元件，填入如图所示电路中的AB、CD、EF两点间，合上电键．若向右移动滑片P时电压表的示数变大，则EF间接入的是　电源　：若向右移动滑片P时电流表示数变小，则电流表接入电路的位罝是　AB或EF　．【分析】根据电流表和电压表的使用及在图中所示位置连入三种元件，可右移动滑片P时电压表的示数变大，分析判断各处所以接入的元件的可能性；再由P右移电流表示数变小分析电流表的位置．【解答】解：（1）①若CD间接入电流表，无论AB还是EF处接电源还是电压表，都有短路发生，不合理；②若CD间接入电源，无论在AB还是EF处接电压表，接电压表的支路都相当于断路，不合理；③由以上分析CD间须接入电压表，若AB间接入电源，则EF间接入电流表，两电阻串联，电压表测R1两端电压，滑片右移，R2连入阻值变大，根据串联电路的分压原理知，R1两端电压变小，即电压表示数变小，不符合题意；由以上分析知，EF间应接入电源，AB间接入电流表，两电阻串联，滑片右移，R2连入阻值变大，R2分得电压增大，即电压表示数变大，符合题意．（2）CD间接入电压表，AB、EF间无论哪个位置接电源或电流表，此电路都是两电阻串联，且P右移时，滑动变阻器连入阻值变大，总电阻变大，电路中电流都变小，符合题意．即：AB处接入电流表，EF处接入电源或者是EF接入电流表，AB接入电源．故答案为：电源；AB或EF．【点评】本题考查对串联和并联电路的认识和电路的动态变化的分析，注意无论接入何种元件电路都应该能正常工作，不能出现断路和短路．　16．（3分）（2016•嘉定区二模）为了探究做功与物体内能变化的关系，某小组同学利用气压式喷雾器、数字式温度计、小叶轮等进行实验．实验中，他们先关闭喷嘴处的阀门，接着手压活塞快速打气，然后打开喷嘴处的阀门，迅速放出壶内一部分气休，并用温度计测出喷雾器内部的气体温度（物体温度升高内能增大），研究过程如图（a）、（b）和（c）所示．请仔细观察图中的操作和测量结果．然后归纳得出初步结论．①比较（a）和（b）两图可知：　外界对气体做功，气体内能增加　②比较（b）和（c）两图可知：　气体对外界做功，气体内能减小　．【分析】做功可以改变物体的内能，外界对物体做功，物体温度升高，内能增加；物体对外做功，内能减小，温度降低．【解答】解：①比较（a）和（b）图，手压活塞，对壶内气体做功，观察到气体温度上升，即气体内能增大，所以外界对气体做功，气体的内能增加；②比较（b）和（c）图，气体被放出，使得小叶轮转动，即气体对外界做功，此时，观察到气体温度下降，即气体内能减小，所以气体对外界做功，气体内能减小．故答案为：①外界对气体做功，气体内能增加；②气体对外界做功，气体内能减小．【点评】本题考查改变物体内能的方式，要注意区分是外界对物体做功还是物体对外界做功．　三、作图题（共8分）17．（2分）（2016•嘉定区二模）根据光通过透镜前后的方向，在如图中的虚框内画上适当类型的透镜．【分析】凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用．根据图示的入射光线和出射光线，可以确定经过透镜折射后是发散了还是会聚了，从而可以确定透镜的种类．【解答】解：图中，入射光线平行于主光轴，经透镜折射后，会聚于主光轴上一点，说明此透镜对光线起会聚作用，应该是凸透镜，如图：【点评】本题利用了两种透镜对光线的折射作用来确定透镜的类型．不要把两种透镜对光线的作用弄混了．　18．（3分）（2016•嘉定区二模）在如图中，重为6牛的物体漂浮在水面上，用力的图示法画出物体受到的浮力F浮．【分析】画浮力的图示，就是把浮力的大小、方向、作用点画出来．所受浮力的大小，可以利用物体处于漂浮状态，浮力等于重力求得．浮力的方向可以利用浮力的定义得到．【解答】解：物体处于漂浮状态，所以浮力等于重力等于6N，选取标度为3N，过物体重心，沿竖直向上画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，如下图所示：【点评】画力的图示与画力的示意图不同，在表示出力的三要素的同时，还一定要附上标度．　19．（3分）（2016•嘉定区二模）根据如图中通电螺母管的S极，请标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．【分析】（1）在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，根据螺线管的N、S极即可确定磁感线的方向；（2）磁极间的作用规律是同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，当小磁针自由静止时，相互靠近的一定是异名磁极，由此可以确定小磁针的N极．（3）根据通电螺线管的N、S极和线圈绕向，利用安培定则可以确定线圈中的电流方向，进而可以确定电源的正负极．【解答】解：（1）螺线管的右端为S极，则其左端为N极，在磁体周围磁感线从N极出发回到S极，由此可以确定磁感线的方向是向右的．（2）根据磁极间的作用规律可知，小磁针靠近螺线管的S极的一端是小磁针的N极．（3）螺线管的左端为N极，结合螺线管的线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向是从螺线管的右端流入，左端流出；在电源的外部，电流从电源的正极流出，回到电源负极，所以电源的右端为正极，左端为负极．如图所示；【点评】安培定则中共涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向，告诉其中的两个可以确定地三个．在此题中，螺线管的S极是解决此题的突破口．　四、计算题（共22分）20．（3分）（2016•嘉定区二模）质量为0.5千克的水温度升高20℃．求：水吸收的热Q吸．[水的比热容为4.2×103焦/（千克•℃）]．【分析】已知水的质量，升高的温度，可直接利用热量计算公式Q吸=cm△t求解．【解答】解：水吸收的热量为：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×20℃=4.2×104J．答：水吸收的热量是4.2×104J．【点评】本题考查了热量的计算，属于基本内容，比较简单．　21．（10分）（2016•嘉定区二模）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．现有标有“20欧2A”、“50欧2A”字样的滑动变阻器可供选择．（1）若电阻R1的阻值为20欧，闭合电键S，通过R1的电流为0.3安，求：电源电压U．（2）若电阻R1的阻值和R2的规格都未知，现用两只相同的电流表A1、A2分别串联在电路中，闭合电键S，向右移动滑片P，发现电流表A1和A2对应的示数变化范围分别是“0.6安〜0.2安”和“0.8安〜0.4安”．①判定：R2中的电流变化范围是　0.6A〜0.2A　，从电源流出的电流变化范围是　0.8A〜0.4A　．②求：定值电阻R1的阻值，并通过计算指出所选择变阻器R2的规格．【分析】（1）由图知，闭合电键时，R1与R2并联，由并联电路特点和欧姆定律计算电源电压；（2）①由并联电路特点，结合两电流表的示数变化情况分析判断电流表所在的位置，从而知R2和电源流出的电流的变化范围；②根据并联电路的电流特点计算通过R1的电流，由欧姆定律计算R1的电阻；当变阻器连入阻值最大时，通过它的电流最小，由此计算变阻器连入电阻的最大值，从而确定所选用的变阻器规格．【解答】解：（1）由电路图知，闭合电键时，R1与R2并联，由并联电路特点和欧姆定律可得：U总=U2=U1=I1R1=0.3A×20Ω=6V；（2）①因为并联电路中各支路间互不影响，所以移动滑片P通过R1的电流不会发生变化，由题知，电流表A1和A2对应的示数变化范围分别是“0.6A〜0.2A”和“0.8A〜0.4A”．因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A1接在R2支路上，电流表A2接在干路上，所以R2中的电流变化范围是0.6A〜0.2A，从电源流出的电流变化范围是0.8A〜0.4A；②由并联电路的电流特点知：I1=I总最小﹣I2最小=0.4A﹣0.2A=0.2A，所以：R1===30Ω；当变阻器连入阻值最大时，通过它的电流最小，R2中通过的最小电流为0.2A，此时连入阻值：R2最大===30Ω，所以R2的规格应选择“50Ω2Α”字样的变阻器．答：（1）电源电压为6V；（2）0.6A〜0.2A；0.8A〜0.4A；②定值电阻R1的阻值为30Ω，选择变阻器R2的规格为“50Ω2Α”．【点评】本题考查了并联电路电流、电压特点的认识和理解有欧姆定律的应用，解题的关键是正确分析两个电流表接入电路的位置．　22．（9分）（2016•嘉定区二模）如图所示，甲、乙两个相同的轻质薄壁圆柱形容器（高为1米，底面积为5×10﹣2米2）放置在水平地面上，且容器内盛有0.8米深的水和酒精．（酒精的密度为0.8×103千克/米3）（1）求甲容器中水的质量m．（2）求酒精对容器乙底部的压强p酒精．（3）现将密度为ρ的实心物体A先后慢慢放入水和酒精中，发现两容器都有液体溢出，当物体A静止后，甲、乙容器对地面的压强增加量相同，且溢出的酒精的体积为10×10﹣3米3．求物体A的密度．【分析】（1）求出容器内水的体积，利用m=ρV求水的质量；（2）知道酒精的深度，利用p=ρgh求酒精对容器乙底部的压强；（3）设溢出的水重为△G水，溢出的酒精重为△G酒精，根据△p甲=△p乙可得=，从而得出△G水=△G酒精，则溢出的水和酒精的体积==；通过分析确定小球A只可能漂浮在水面上、浸没在酒精中；VA=V排酒精=V0+△V酒精，△V水=△V酒精，而mA=m排水=ρ水（V0+△V水），利用密度公式求A的密度．【解答】解：（1）容器内水的体积：V水=S×h水=5×10﹣2m2×0.8m=4×10﹣2m3，由ρ=得水的质量：m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×4×10﹣2m3=40kg；（2）酒精对容器乙底部的压强：p酒=ρ酒gh酒=0.8×103kg/m3×9.8N/kg×0.8m=6272Pa；（3）设溢出的水重为△G水，溢出的酒精重为△G酒精，因为△p甲=△p乙，即：=，所以△G水=△G酒精，溢出的水和酒精的体积：===，假设小球A漂浮在酒精液面上（它也漂浮在水面上），F浮大小都等于小球A的重力大小GA，设容器液面上方的空间体积为V0，则：ρ酒精g（V0+△V酒精）=ρ水g（V0+△V水）所以=＞，所以本假设不成立；假设小球都浸没在液体中，则：V排水=V排酒精所以==，所以本假设不成立．所以小球A只可能漂浮在水面上、浸没在酒精中．因此，VA=V排酒精=V0+△V酒精=5×10﹣2m2×0.2m+10×10﹣3m3=2×10﹣2m3△V水=△V酒精=×10×10﹣3m3=8×10﹣3m3mA=m排水=ρ水（V0+△V水）=1.0×103kg/m3×（5×10﹣2m2×0.2m+8×10﹣3m3）=18kg，ρA===0.9×103kg/m3．答：（1）甲容器中水的质量为40kg；（2）酒精对容器乙底部的压强为6272Pa；（3）物体A的密度为0.9×103kg/m3．【点评】本题考查了密度公式、压强、液体压强公式的应用，难点在第（3）问，先讨论确定小球在水、酒精中的状态是关键．　五、实验题（共18分）23．（4分）（2016•嘉定区二模）天平是测量物体　质量　的仪器：测理时，应将砝码放在天平的　右　盘．在“验证阿基米德原理”实验中，使用　（弹簧）测力计　测量浮力的大小，且在测量前要在竖直方向上进行　零点　校正．【分析】天平、秤等工具是用来测量物体质量的工具，要掌握天平的使用规则，使用天平时，要左物右码，并用镊子加减砝码；弹簧测力计是测量力的大小，使用前应注意调零．【解答】解：（1）天平是测量物体质量的仪器；测理时，应将砝码放在天平的左盘，砝码放在天平的右盘；在“验证阿基米德原理”实验中，使用弹簧测力计测量浮力的大小，在测量前要在竖直方向上进行零点校正．故答案为：（1）质量；（2）右；（3）（弹簧）测力计；（4）零点．【点评】本题考查天平的使用和阿基米德原理．天平常用作测量物体质量的仪器，根据天平的实验操作，一般将砝码放在天平的右盘上．在“验证阿基米德原理”的实验中，用（弹簧）测力计间接测出浮力的大小，并且要在实验前弹簧测力计要进行零点校正，减小实验误差．　24．（4分）（2016•嘉定区二模）“用DIS探究二力平衡的条件”的实验目的是：探究当物体只受两个力作用而处于　平衡　状态时，这两个力必须满足的条件．在“探究平面镜成像的特点”实验中，为了便于找到像的　位置　，采用玻璃板作为平面镜：为了判断平面镜所成像的虚实性，可以在像的位罝处放上　光屏　，若观察结果是　在光屏上没有像出现　，则说明它所成的是虚像．【分析】①根据二力平衡的定义，结合“用DIS探究二力平衡的条件”的实验目的分析解答；②研究平面镜成像特点时，确定像的位置是关键．像的位置用蜡烛B与蜡烛A的像重合来确定．实验中既能看到物体A的像，又能看到蜡烛B，要采用透明的玻璃板．③实像和虚像的重要区别，实像能用光屏接到，虚像不能用光屏接到．【解答】解：①根据二力平衡的定义，本实验要探究当物体只受两个力的作用而处于平衡状态时，这两个力必须满足的条件．②玻璃板是生活中常用的平面透镜，所以为了便于找到像的位置，可以将玻璃板用做平面镜．③根据像的虚实性的定义，可在像的位置上放一个光屏，若在光屏上没有像出现，则说明成的像为虚像．故答案为：平衡；位置；光屏；在光屏上没有像出现．【点评】本题为“探究二力平衡条件”和“探究平面镜成像的特点”的实验．主要考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，这是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握．　25．（6分）（2016•嘉定区二模）小张和小陈一起做“测定小灯泡的电功率”实验，实验室为他俩提供了若干节干电池，滑动变阻器有A、B两个待选（A标有“10Ω1A”字样、B标有“20Ω2A”字样），且实验器材齐全且完好，待测小灯标有“0.3A”字样．①小张选用了四节干电池和变阻器A，连接实验电路（如图1所示）．测量前小陈仔细检查小张连接的电路时．发现该电路连接存在的错误有　滑动变阻器电阻线圈两端的接线柱同时连入电路　．②他俩纠正连接错误后，继续实验，当变阻器连入电路的阻值达到最大时，观察到　电流表的示数是0.3A　，说明小灯泡正常发光，此时电压表的示数如图2所示，则小灯的额定功率为　0.75　瓦．③为了测出该小灯泡在电压低于额定电压时的实际功率，他俩想对实验器树进行调整，可能的调整方案有：　换用阻值更大的滑动变阻器　．【分析】（1）滑动变阻器的接法是“一上一下”；（2）小灯泡处于额定电压或额定电流下，才是正常发光；（3）据串联电路中电阻的分压特点分析即可判断．【解答】解：①据滑动变阻器的正确使用可知，其接线柱的接法是“一上一下”，故结合上图可看出，此图的失误是：滑动变阻器电阻线圈两端的接线柱同时连入电路；②据题目可知，此灯泡的额定电流是0.3A，故此题中，当变阻器连入电路的阻值达到最大时，观察到电流表的示数是0.3A，说明小灯泡正常发光；据电压表的示数可得灯泡的额定电压是：2.5V，故则小灯的额定功率为P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．③据题目可知，当变阻器阻值处于最大时，灯泡才正常发光，而若想测出该小灯泡在电压低于额定电压时的实际功率，即需要让灯泡的电压低于额定电压，即需要让变阻器分担的电压更多，据串联电路电阻的分压特点可知，必须要增大变阻器的阻值，故对于此题，若想达到上述目的，需要换用阻值更大的滑动变阻器；故答案为：①滑动变阻器电阻线圈两端的接线柱同时连入电路；②电流表的示数是0.3A；0.75；③换用阻值更大的滑动变阻器；【点评】此题考查了滑动变阻器的正确使用、功率的计算和串联电路电压的特点分析，是一道综合性的实验题．　26．（6分）（2016•嘉定区二模）在“探究导体电阻与哪些因素有关”的实验中，某小组同学在常温下按如图所示电路，将横截面积、长度不同的铝丝接入电路的MN两点间，利用电流表和电压表测量后计算出阻值，将数据记录在表一、表二中．表一铁丝 实验序号 长度l（米） 横截面积S（毫米2） 电阻R（欧） 1 0.1 0.1 0.028 2 0.2 0.4 0.014 3 0.45 0.3 0.042表二铁丝 实验序号 长度l（米） 横截面积S（毫米2） 电阻R（欧） 4 0.1 0.2 0.014 5 0.2 0.2 0.028 6 0.2 0.2 0.042（1）分析比较表一中的相关数据可得出的定性结论是：常温下，铝丝的长度和横截面积都不同时，它们的电阻　不同　（选填“相同”或“不同”）．（2）分析比较　表二　（选填“表一”或“表二”）的相关数据可得出的初步结论是：常温下，横截面积相同的铝丝，其电阻与长度成　正　比．（选填“正”或“反”）．（3）请进一步综合分析表一、表二的相关数据，并归纳得出结论．（a）分析比较（1与5）、（2与4）或（3与6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下，铝丝长度与横截面积的　比值　相同，电阻相同．（b）分析比较（1与5）、（2与4）和（3与6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下，　铝丝长度与横截面积的比值不同时，电阻不同　．（4）他们继续分析表一和表二的数据及相关条件，发现无法得到导体的电阻与材料的关系．为了进一步探究导体的电阻与材料的关系，需选用　长度与横截面积　相同的不同金属丝接入电路继续实验．【分析】（1）当铝丝的长度和横截面积都不同时，通过分析序号1、2、3发现，电阻都不同．所以得出：常温下，铝丝长度与横截面积都不同时，电阻不同．（2）当横截面积相同时，通过分析表二中序号4、5、6中的数据，电阻随着长度成比例增大，所以常温下，横截面积相同的铝丝，其电阻与长度成正比．（3）（a）通过分析1与5或2与4或3与6中的数据，当长度与横截面积的比值相同时，电阻相同．（b）所以可以得出结论：常温下，铝丝长度与横截面积的比值不同时，电阻不同．（4）为了探究电阻与材料的关系，需采用控制变量法，即保证长度和横截面积这两个因素不变．【解答】解：那些（1）分析比较表一中的相关数据可知，长度相同，横截面积不同，电阻不同，故而得到结论：常温下，铝丝长度与横截面积都不同时，电阻不同；（2）根据控制变量法，可知表二中的材料相同、横截面积相同，长度不同，可以探究长度与电阻大小的关系，从数据可知，长度越长，电阻越大，即常温下，导体的材料和横截面积相同时，导体的电阻与长度成正比；（3）①从表中数据可知，1与5、2与4或3与6的电阻相同，比较发现它们的长度与横截面积的比值相同，故而得到结论：常温下，同种材料的导体，长度与横截面积的比值相同，电阻相同；②从表中数据可知，1与5、2与4或3与6的长度与横截面积的比值越大，电阻越大，故而得到结论：常温下，铝丝长度与横截面积的比值不同时，电阻不同；（4）分析表一和表二的数据及相关条件分析可知，要探究导体的电阻与材料的关系，需保证导体的材料和横截面积相同的不同金属丝接入电路继续实验．故答案为：（1）不同；（2）表二；正；（3）（a）比值；（b）铝丝长度与横截面积的比值不同时，电阻不同；（4）长度与横截面积．【点评】本题是一道实验题，解题时注意控制变量法的应用，分析实验数据，根据导体条件的不同及对应的实验数据的不同得出结论，是正确解题的前提与关键．