2022年江苏省苏州市相城区中考物理模拟试题及答案解析

第=page11页，共=sectionpages11页2022年江苏省苏州市相城区中考物理模拟试卷1.下列估测的数据中最接近事实的是(    )A.两个鸡蛋的重力为10NB.家用电水壶的额定电流约为5AC.中学生心脏跳动的频率是75HzD.人沐浴时水的温度一般是60℃2.下列有关声现象的说法正确的是(    )A.用超声能击碎人体内的结石，说明声波具有能量B.有些高科技产品，不振动也可以发出声音C.“声纹锁”依据音调辨别出主人的声音实现开锁D.市区某些路段“禁鸣喇叭”，这是在声音传播途中减弱噪声3.下列情景中形成的像，属于实像的是(    )A.拱桥倒影B.钢笔“错位”C.树荫下的圆斑D.放大的邮票4.下列现象形成的过程中，需要吸收热量的是(    )A.早春，冰雪融化B.盛夏，冰棒冒“白气”C.深秋，田野花草挂露珠D.寒冬，霜打枝头5.下列各物理量之间关系的图象描述错误的是(    )A.B.C.D.6.下列事例应用了“流体压强与流速的关系”的是(    )A.用吸管从瓶中吸起饮料B.飞机飞行时获得升力C.潜水艇在海面下沉浮D.高铁车头设计成流线型7.如图所示，一个小朋友在荡秋千时(不计阻力)，下列说法正确的是(    )A.经过最低点时，小朋友的机械能最小B.在向上摆动时，小朋友的势能转化为动能C.到达最高点时，小朋友处于平衡状态D.整个过程，小朋友的动能与势能之和不变8.新交通法规定：驾驶员不系安全带记3分，罚100元，汽车上设置了“安全带指示灯”，提醒驾驶员系好安全带。当安全带系好时，相当于闭合开关，指示灯不亮；安全带未系好时，相当于断开开关，指示灯发光，图中符合上述要求的电路图是(    )A.B.C.D.9.在一堂物理活动课上，同学们正以“假如没有……”为主 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 展开讨论，以下是几位同学提出的四个具有代表性的观点，其中合理的是(    )A.假如没有力的作用，物体将永远保持静止B.假如没有分子运动，我们将闻不到花香C.假如没有地球引力，物体的质量将消失D.假如没有电阻作用，电热器将能高效工作10.如图所示的四幅图，其中属于电磁感应现象实验图及其应用图的是(    )A.①③B.①④C.②③D.②④11.如图所示，放在M、N两水平桌面上的P、Q两物体，分别在FP=5N、FQ=3N的水平拉力作用下做匀速直线运动，可以确定(    )A.P的速度一定大于Q的速度B.桌面M一定比桌面N粗糙C.P受到的摩擦力一定大于Q受到的摩擦力D.拉力FP的功率一定大于拉力FQ的功率12.如图所示电路中，电源电压恒为4V，电压表量程选用“0～3V”，电流表量程选用“0～0.6A”，电阻箱R1规格“0～9999Ω”，滑动变阻器R2的规格“100Ω 1A”。下列说法错误的是(    )A.R1可调的最大阻值是300ΩB.R2两端电压的可调范围是1V～4VC.电路可调的最大功率是2.4WD.电路中电流的可调范围是0.04A～0.6A13.下面是三种仪器的测量情形．(1)电表示数为______；(2)这月电路消耗的电能是______；(3)操作不当之处是______．14.如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒，靠近吸管的一端，发现吸管被推开，由此说明力可以改变吸管的______，吸管带的是______(选填“正”或“负”)电荷．15.如图所示是电冰箱的三角插头和插座，冰箱正常工作时，插头上标有字母“______”的插脚要和冰箱的金属外壳相连，另外两插脚间的电压是______V，电冰箱与家中其它家用电器间是______联。16.一只鸟在平静的湖面上空水平盘旋，湖深2m，鸟距湖面5m，鸟与它在湖面所成的像的距离是______m；鸟发现捕食目标后，迅速冲向水面，这个过程鸟的像______(选填“变大”、“变小”或“不变”)．17.图甲说明______可以改变物体的内能；四冲程汽油机的______冲程和图乙的能量转化相同．18.如图是“神舟十三号”载人飞船与“天宫一号”交会对接时的情景，此时地面飞控中心和航天员之间的联系是通过______来实现的．对接完成后，关闭动力，由于______，飞船仍能继续运行，这时，以“天宫一号”为参照物，“神舟十三号”载人飞船是______的．19.将重为25N、边长为0.1m的正方体物块放在水平课桌面中央，该物块对桌面的压强为______Pa，若把该物块放入足够多的水中，最终物块排开水的质量是______kg.(g=10N/kg)20.“永动机”是不能永动的，原因是它违反了______。如图所示的两种情况是不可能发生的，原因是能量的转化和转移具有______。21.探究杠杆的平衡条件。(1)实验前，将杠杆置于支架上，杠杆静止时如图甲所示，将平衡螺母向______调节，让杠杆在水平位置平衡；(2)如图乙所示，在A处悬挂三个钩码，用弹簧测力计在B处竖直向下，将杠杆拉至水平平衡，测力计的拉力为______N(每个钩码重为0.5N)；(3)如果将弹簧测力计沿图乙中的虚线方向拉，仍使杠杆在水平位置平衡，测力计拉力和对应力臂的乘积将______(选填“变大”“变小”或“不变”)。22.阅读短文，回答问题：随着生活水平的提高，扫地机器人逐步进入普通家庭，扫地机器人具有主动躲避障碍物、自动吸尘、自动返回充电座充电等诸多智能功能。机器人通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒；前端装有感应器，通过发射、接收超声波或红外线来侦测障碍物。如图是某款扫地机器人及铭牌上的部分参数，该款机器人发出的超声波在空气中的传播速度为340m/s，当检测到电池容量低至10%时会自动返回充电，返回过程中需要剩余电池容量的40%用于克服阻力做功。项目指标参数工作电压15V功率30W电池容量2000mAh(1)机器人工作时，主机内部的气压______(选填“大于”“小于”或“等于”)大气压，若该机器人向障碍物垂直发射超声波，经过0.001s收到回波，则其发射超声波时与障碍物间的距离约为______cm；(2)电池容量“2000mAh”是指当工作电流为2000mA，能持续供电1h。机器人充满电后至自动充电前，能够连续正常工作的最长时间为______h；(3)若机器人工作时受到地面阻力为20N，为确保该机器人能顺利返回充电，需要充电时离充电座最远为______m。23.在图中分别画出水壶的重力(点B为重心)，及作用在A点打开壶盖最小力F的示意图。24.一束光斜射向水面上O点，其反射光线OA如图所示，请在图中将光路补充完整。25.标出通电螺线管的N极和磁感线的方向。26.请在图中圆圈内分别填入电流表或电压表的符号，要求开关闭合时两灯均能发光。27.某太阳能热水器装有100kg的冷水，经过一天，水温可以升高50℃[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，燃气的热值为8.4×107J/m3]，求：(1)这些水增加的内能；(2)若用效率为20%的燃气灶对这些水加热，达到同样的效果需要消耗多少燃气。28.如图所示是由一只定滑轮和一只动滑轮组成的滑轮组，其中动滑轮重为20N，现人站在地面上使用该滑轮组将地面上某一重为180N的物体，竖直向上匀速提升到4m的高处。(1)在图中用笔画线代替绳子画出绳子绕法；(2)提升物体时，克服物体重力做功为多大？(3)若该过程中克服“绳重和摩擦因素”所做的功为120J，则绳子自由端所用拉力F为多大？29.如表为某品牌取暖用油汀的铭牌，其内部电路如图所示．R1和R2均为电热丝，S0是温度自动控制开关．闭合开关S，30min内油汀消耗的电能为0.44kW⋅h.求：额定电压220V额定功率低温挡440W高温挡1100W(1)通过R1的电流；(2)电热丝R2的电阻；(3)30min内开关S0闭合的时间．30.在探究“凸透镜成像规律”的实验中。(1)如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=______cm。(2)如图乙，光屏上呈现清晰的像，若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至40cm刻度线处，光屏上______(选填“能”或“不能”)再次呈现清晰的像。(3)如图丙，保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，则人眼在图中______处能观察到烛焰的像。(4)如图丁，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像。则该眼镜是______眼镜(选填“近视”或“远视”)。31.利用图示的甲、乙装置(燃烧皿内燃料和烧杯内液体未画出)，既可以比较不同液体的比热容，又可以比较不同燃料的热值。(1)要求仅根据温度计示数的变化完成实验，则两个实验都需要控制相同的______；A.液体种类B.燃料种类C.液体质量D.燃料质量(2)为比较不同液体的比热容，实验中液体吸热的多少可以通过______(选填“升高温度”或“加热时间”)来比较，相同条件下，温度升高幅度大的液体比热容______(选填“较大”或“较小”)；(3)为比较不同燃料的热值，燃料完全燃烧后，相同条件下，温度升高幅度大的液体，对应燃料的热值______(选填“较大”或“较小”)。32.在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，某小组同学用如图所示的装置，将一个体积为150cm3的物体分别逐渐浸入到水和盐水中。为了便于操作和准确收集数据，用升降台调节溢水杯的高度来控制物体排开液体的体积。实验数据记录在表中。(g=10N/kg)液体种类实验序号物体重G/N弹簧测力计示数F/N物体受到浮力F浮/N排开液体体积V排/cm3水①1.81.30.550②0.81.0100③0.31.5150盐水④1.81.20.650⑤0.61.2100⑥01.8150(1)分析处理序号①、②和③(或④、⑤和⑥)的数据发现：______，由此得出，当液体的密度相同时，物体受到的浮力与排开液体的体积成______比；(2)为了方便验证阿基米德原理，表格最后一列的项目名称是______；(3)得出结论后，第⑥次实验中将绳子剪断，物体在盐水中将______(填浮沉情况)；(4)本装置可改装成测液体密度的密度秤，小明在弹簧测力计刻度盘的0.3N处对应标上1.0g/cm3，在刻度盘的______N处对应标上0.8g/cm3，该密度秤的最大测量值是______g/cm3。33.在“测小灯泡电功率”的小组实验中，现有以下器材：学生电源、标有“■V，1.2W”字样的小灯泡，额定电压模糊不清、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个。(1)请用笔画线代替导线，将甲图电路连接完整。要求：变阻器滑片向左移动时，小灯泡亮度变亮；(2)正确连接电路后闭合开关，电流表有示数，但灯泡不发光。如果电压表没有示数，原因可能是灯泡发生______故障；如果电压表也有示数，原因是灯泡______；(3)排除故障后，小明测出灯泡在不同电压下的电流，算出对应的电功率，数据记录于表中。粗心的小明，第1次实验的数据忘记记录了，于是他根据第2次实验数据算出灯泡电阻：R=U2I2=1.0V0.2A=5Ω，再算出此时灯泡的实际功率：P=U12R=(0.5V)25Ω=0.05W。老师指出小明的计算结果______(选填“偏大”或“偏小”)，原因是______；实验次数1234567电压U/V0.51.01.52.02.53.03.5电流I/A0.200.250.290.320.350.38电功率P/W0.200.380.580.801.051.33(4)请根据表格已知的实验数据，在图乙坐标系中用描点法画出该灯泡的电功率随电压变化的图像，由图像可判断甲灯的额定电压是______V；(5)完成实验后，小明又设计了如图丙所示的电路图，只用电压表就测量出额定电压为U额的小灯泡的额定功率。已知电源电压恒为U，定值电阻的阻值为R0。请将实验步骤补充完整；①闭合S和S2，断开S1，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______，小灯泡正常发光；②保持滑动变阻器滑片位置不动，______(填三个开关闭合与断开情况)，记录电压表示数为U滑；③小灯泡额定功率的表达式P额=______(用已知量和所测物理量符号表示)。答案和解析1.【答案】B 【解析】解：A.两个鸡蛋的重力约为1N，故A不符合实际；B.家用电水壶的额定功率约为1000W，正常工作电压为220V，根据P=UI可得，额定电流为：I=PU=1000W220V≈4.55A，与5A比较接近，故B符合实际；C.中学生心脏跳动的频率是60～90次每分钟，即频率为1～1.5Hz，故C不符合实际；D.人沐浴时水的温度一般是40℃左右，故D不符合实际。故选B。首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。2.【答案】A 【解析】解：A.超声波具有较高能量，用超声波能粉碎人体内的“结石”就是利用这个特点工作的，故A正确；B.声音是由物体振动产生的，因此没有振动就没有声音，故B错误；C.音色是声音的本质特征之一，是由振动体材料、结构等决定的，“声纹锁”依据音色辨别出主人的声音实现开锁，故C错误；D.“禁鸣喇叭”是从防止噪声产生，在声源处减弱噪声的，故D错误。故选A。(1)声音既能够传递信息，又能够传递能量；(2)声音是由物体的振动产生的；(3)音色指声音的特色；(4)防止噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。本题考查了声音的产生、音调和音色的区分、声与能量以及防治噪声的途径，属于声学基础知识的考查。3.【答案】C 【解析】解：A.拱桥倒影是平面镜成像，成虚像，故A不符合题意；B.钢笔“错位”是光的折射，成虚像，故B不符合题意；C.树荫下的圆斑是小孔成像，利用了光沿直线传播，成太阳的实像，故C符合题意；D.放大的邮票是凸透镜成像，利用一倍焦距以内成虚像，故D不符合题意。故选C。根据实像和虚像的区别：实像是实际光线会聚成的，虚像是实际光线的反向延长线会聚成的去分析此题。本题主要考查学生对实像和虚像定义的理解和掌握，同时也是考查对光的直线传播、反射、折射及其形成原理的理解和掌握，该知识点是物理中考的一个热点知识，一定要掌握。4.【答案】A 【解析】【分析】物态变化中吸热的有：熔化、汽化和升华；放热的有：凝固、液化和凝华。此题考查的知识点有两个：一是认识自然现象各属于什么物态变化；二是掌握各种物态变化的吸放热情况。【解答】A、冰雪融化，属于熔化现象，需要吸热。故A正确；B、冰棒冒白气，属于液化现象，需要放热。故B错误；C、花草挂露珠，属于液化现象，需要放热。故C错误；D、霜打枝头中的霜，属于凝华现象，需要放热。故D错误。故选：A。  5.【答案】D 【解析】解：A、晶体在熔化之前和完全熔化后，吸收热量，其温度逐渐上升；晶体在熔化过程中虽然吸热，但温度保持不变；图象中反映了这一规律，故A正确；B、同种物质密度一般保持不变，与质量无关，用图象表示应该是一条水平的直线，故B正确；C、电压一定，电流与电阻成反比，与电阻的倒数成正比，故C正确；D、由图像可知，凸透镜成实像时，物距增大时像距减小，但是像距的变化与物距的变化不是一次函数关系，故D错误。故选：D。要看清图像中的横坐标、纵坐标代表的物理量；再根据图像形状反映的物理规律，结合选项中物理量的含义，解答此题，具体细节知识如下：(1)晶体在熔化过程中，吸热但温度保持不变；(2)同种物质密度一般保持不变，与质量无关；(3)电压一定，电流和电阻成反比，与电阻的倒数成正比；(4)凸透镜成实像时，物距增大时像距减小，但是像距的变化与物距的变化不是一次函数关系。本题利用图像分析物理学中一些物理量之间的关系，涉及的知识点多，考查的细，需要学生把这些物理量的概念理解透彻，能用不同的表达方法来描述它们的关系。6.【答案】B 【解析】解：A.用吸管从瓶中吸起饮料，是利用大气压将饮料压入嘴中，故A不符合题意；B.飞机机翼表面上下空气流速不同，根据流速大的位置压强小可知，会产生向上的压力差，使飞机获得向上的升力，所以飞机应用了“流体压强与流速关系”，故B符合题意；C.潜水艇在海面下的沉浮利用了物体的浮沉条件，靠改变自身的重力实现上浮和下潜的，不是应用流体压强与流速关系，故C不符合题意；D.高铁车头设计成流线型目的是减小空气的阻力，故D不符合题意。故选B。(1)大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”；(2)流体压强与流速的关系：流速越快的地方压强反而越小；(3)潜水艇是靠改变自身的重力实现上浮和下潜的；(4)列车行驶时，主要克服列车的阻力作用，车头制成流线型主要是为了减小空气的阻力。本题主要考查流体压强跟流速的关系，对于这类与生活联系紧密的题目，要有必要的生活经验结合物理知识解答。7.【答案】D 【解析】解：AD、由题意得，一个小朋友在荡秋千时，不计阻力，只有重力做功，小朋友的机械能守恒，荡秋千过程中，小朋友的机械能不变，即小朋友的动能与势能之和不变，故A错误，D正确；B、在向上摆动时，小朋友的质量不变，速度减小，高度升高，动能减小，重力势能增大，动能转化为势能，故B错误；C、到达最高点时，小朋友受到重力和绳子的作用，两个不在同一直线上，不属于二力平衡力，处于非平衡状态，故C错误。故选：D。(1)影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。(2)影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。(3)机械能是动能和重力势能的和，在小朋友运动的过程中，空气阻力忽略不计，所以机械能守恒。本题考查影响动能、重力势能、弹性势能大小的因素。会判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化以及能量的相互转化。8.【答案】A 【解析】【分析】由题意知，未系好安全带时指示灯亮，系好安全带指示灯不亮，说明开关断开指示灯亮，否则指示灯不亮即被短路了。本题利用了用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路。【解答】由题意知，闭合开关，指示灯不亮；断开开关，指示灯发光，所以指示灯与S并联，但电路不会出现短路，即电路中必须串联一个电阻保护电路。结合选项可知A符合题意，BCD不符合。故选：A。  9.【答案】B 【解析】解：A.物体在不受力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，故A错误；B.分子在不停地做无规则运动，不同物质相互接触时会发生扩散现象，如果分子停止运动，我们就闻不到花香了，故B正确；C.质量是物体的属性，与地球的引力没有关系，没有地球引力，质量也不会消失，故C错误；D.电热器是利用电流的热效应工作的，如果导体没有电阻，电流通过导体时就不会产生热量，电热器就不能发热工作，故D错误。故选B。(1)力是改变物体运动状态的原因；(2)闻到花香，是因为花香中含有的分子是在不断运动的，向四周扩散，使人们闻到花香；(3)质量是物体的一种属性，与受不受引力无关；(4)电热器是利用电流的热效应工作的。此题涉及到电阻、质量及其特性、力与运动的关系、分子运动等多个知识点，是一道综合性较强的题目。10.【答案】B 【解析】解：①、满足产生电磁感应现象的条件，属于电磁感应现象；②、是研究磁场对通电导体的力的作用的实验，不属于电磁感应现象；③、是研究通电线圈在磁场中受力转动的实验，不属于电磁感应现象；④、满足产生电磁感应现象的条件，属于电磁感应现象。故选：B。根据产生电磁感应现象的条件：(1)导体是闭合电路的一部分；(2)导体做切割磁感线运动，判断各个选项。解题的关键：一是明白每个图的实质，二是掌握产生电磁感应现象的条件。11.【答案】C 【解析】解；ACD.依题意得，P、Q两物体分别在FP=5N，FQ=3N的水平拉力作用下分别在M、N两水平桌面上做匀速直线运动，说明P、Q两物体均受力平衡，物体P、物体Q受到的摩擦力分别为fP=FP=5N，fQ=FQ=3N，由于题目条件不足，无法知道P、Q两物体速度的大小，所以也无法得知两拉力功率的大小，故AD错误，C正确；B.由题目的已知条件无法得知，P、Q分别对M、N两水平桌面上的压力大小关系，因此无法得知两接触面的粗糙程度的关系，故B错误。故选C。(1)二力平衡的条件：两个力等大、反向、同直线、同物体。(2)匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，物体P、Q分别在FP=5N、FQ=3N的水平拉力作用下做匀速直线运动，物体P、Q受到的摩擦力分别是5N、3N。(3)摩擦力跟压力大小和接触面的粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关。摩擦力大，可能是压力相同，接触面粗糙造成的；可能是接触面粗糙程度相同，压力大造成的；可能是压力大，接触面粗糙造成的。根据二力平衡条件判断摩擦力的大小，掌握影响摩擦力大小的因素，掌握匀速直线运动的物体受到平衡力的作用是解答本题的关键。12.【答案】D 【解析】解：闭合开关，电阻箱和滑动变阻器串联，电压表测量电阻箱两端的电压，电流表测量电路电流。A、因为电压表最大测量值为3V，电压表的示数最大时，滑动变阻器R2两端的电压为1V，根据串联分压的原理可得R1大R2大=UR1UR2=3V1V=31，滑动变阻器R2的最大阻值为100Ω，则R1可调的最大阻值是：R1大=3R2大=3×100Ω=300Ω，故A正确；B、当电阻R1最大时，R1两端的电压为3V，此时R2两端的电压最小为1V，当电阻R1的阻值为0时，此时R2两端的电压最大为4V，因此R2两端电压的可调范围是1V～4V，故B正确；C、根据P=UI，电源电压为4V是个定值，只有电路中的电流最大时，电路中的电功率最大，因为电流表的最大测量值是0.6A，电路可调的最大功率是P大=Ul大=4V×0.6A=2.4W，故C正确；D、根据欧姆定律可知电路中电阻最大时，电流最为I小=UR总=4VR1大+R2大=4V300Ω+100Ω=0.01A，因为电流表的最大测量值是0.6A，电路中电流的可调范围是0.01A～0.6A，故D错误。故选：D。闭合开关，电阻箱和滑动变阻器串联，电压表测量电阻箱两端的电压，电流表测量电路电流。(1)因为电压表最大测量值为3V，电压表的示数最大时，滑动变阻器R2两端的电压为1V，根据串联分压的原理可得两电阻的阻值之比，已知滑动变阻器R2的最大阻值为100Ω，可得出R1可调的最大阻值；(2)当电阻R1最大时，R1两端的电压为3V，此时R2两端的电压最小为1V，当电阻R1的阻值为0时，此时R2两端的电压最大为4V，据此得出R2两端电压的可调范围；(3)根据P=UI，电源电压为4V是个定值，只有电路中的电流最大时，电路中的电功率最大，因为电流表的最大测量值是0.6A，根据P=UI可得出电路可调的最大功率；(4)电路中电阻最大时，根据欧姆定律可知电流的最小值，因为电流表的最大测量值是0.6A，据此得出电路中电流的可调范围。本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算问题，并考查串联电路的特点，有一定难度。13.【答案】8.5V 83.4kW⋅h 测量前游码没有移动左端零刻度线处 【解析】解：(1)由图可知，电压表所选量程为0～15V，分度值为0.5V，由指针位置可知，电压表的示数为8.5V，(2)电能表最后一位为是小数，月初示数为478.2 kW⋅h，月末示数为561.6 kW⋅h，这月电路消耗的电能是W=561.6 kW⋅h−478.2 kW⋅h=83.4kW⋅h，(3)由图可知，正在增减砝码，但是游码位置不在左端的零刻度线处，表明测量前游码没有移动左端零刻度线处。故答案为：8.5V；83.4kW⋅h；测量前游码没有移动左端零刻度线处。(1)电压表所选量程为0～15V，对应的分度值为0.5V，指针指在5V后面第7个小格上，然后即可读数；(2)电能表最后一位是小数位，单位是kW⋅h，由图示电能表可以读出其示数；(3)天平使用前，游码应该移动左端零刻度线处。本题考查了电压表和天平的使用、电能表的读数，要掌握常用器材的使用及读数方法。14.【答案】运动状态 正 【解析】解：用丝绸摩擦过的玻璃棒，靠近吸管的一端，发现吸管被推开，由此说明力可以改变吸管的运动状态，由于玻璃棒带正电，吸管与玻璃棒排斥，所以吸管带正电。故答案为：运动状态；正。(1)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。(2)当用丝绸摩擦玻璃棒时，玻璃棒上的电子转移到丝绸上，玻璃棒因为失去电子，从而使玻璃棒带上正电。电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。知道力的作用效果，理解电荷间的作用规律，可解答此题。15.【答案】E 220 并 【解析】解：(1)如图三脚插头的三个脚，L表示接火线，N表示接零线，中间的脚E表示接地线，即E连接的是冰箱金属外壳，通过它把金属外壳与大地相连。(2)另外两个脚一个是接火线，一个是接零线，家庭电路中，火线与零线之间的电压是220V。(3)家庭电路中，要保证每个用电器之间都能独立工作，互不影响，并且用电器的额定电压一般为220V，所以各用电器之间都是并联的。答案为：E；220；并。三孔插座中，上面的接地线，左面的接零线，右面的接火线，简称“上地、左零、右火”，零线和火线间的电压是220V；家庭电路中各用电器之间都是并联的。本题结合电冰箱的的三脚插头和插座考查了电学的相关知识，综合性较强，体现了生活中处处有物理，物理来源于生活。16.【答案】10 不变 【解析】解：(1)平面镜成像中，像与物到平面镜的距离相等，该情景中，湖面是镜面，湖面上空的鸟距离湖面5m，所以湖面下的像距湖面也是5m，则鸟与它在湖面所成的像的距离为10m。(2)平面镜成像中，像与物的大小相等，在鸟发现目标，冲向水面的过程中，鸟的大小不变，所以像的大小也不变。故答案为：10；不变。平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。平面镜成像特点是平面镜成像习题的基础内容，一定要掌握。人靠近平面镜时，像的大小不变，但是我们感觉像在变大，其原因是眼睛看物体的视角在增大的缘故。17.【答案】热传递 压缩 【解析】解：放入冰箱的食物温度高于冰箱内空气温度，食物的内能传给空气，内能减小，温度降低，这种改变内能的方式叫热传递。迅速压下活塞，对玻璃筒内的气体做功，活塞的机械能转化为气体的内能，气体内能增大，温度升高，和四冲程汽油机的压缩冲程能量转化相同。故答案为：热传递；压缩。做功和热传递都可以改变物体的内能；汽油机的压缩冲程中机械能转化为内能，做功冲程中，内能转化为机械能。本题考查了改变内能的方法、汽油机的工作过程中能量的转化，属于基础题。18.【答案】电磁波 惯性 静止 【解析】解：电磁波可以在真空中传播，地面飞控中心和航天员之间的联系是通过电磁波传播；对接完成后，关闭动力，飞船由于惯性，仍能继续运行；对接完成后，“天宫一号”与“神舟十三号”的相对位置没有发生改变，“天宫一号”为参照物，“神舟十三号”载人飞船是静止的。故答案为：电磁波；惯性；静止。(1)电磁波可以传递信息，飞船在太空中，飞控中心和航天员之间是通过电磁波传播信息的。(2)物体具有的能保持原来运动状态不变的性质叫惯性。(3)判断一个物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间发生了位置的改变，被研究的物体是运动的，否则是静止的。在选定参照物时，被研究物体与参照物之间存在位移的变化，那么被研究物体就是运动的，反之则静止；要充分理解运动和静止的相对性。19.【答案】2500 1 【解析】解：(1)将重为25N、边长为0.1m的正方体物块放在水平课桌面中央，该物块对桌面的压力F=G=25N，接触面积为S=(0.1m)2=0.01m2，物块对桌面的压强为：p=FS=25N0.01m2=2500Pa(2)由G=mg得，物块的质量为：m=Gg=25N10N/kg=2.5kg，物块的体积为：V=(0.1m)3=0.001m3，物块的密度为为：ρ=mV=2.5kg0.001m3=2.5×103kg/m3>ρ水，因此物块在水中最终处于沉底状态，V排=V物，最终物块排开水的质量是m排=ρ水V排=1.0×103kg/m3×0.001m3=1kg。故答案为：2500；1。(1)要求物块对地面的压强，应先知道物块对地面的压力，由于接触面水平，物体对水平桌面的压力的大小等于物体的重力，再利用S=a2求出正方体物块与水平地面的接触面积，最后利用p=FS求物块对地面的压强；(2)应先计算出物体的密度，再比较物体和水的密度大小，利用物体的浮沉条件判断物块的浮沉情况，再根据m排=ρ水V排求出排开水的质量。本题主要考查的是学生对重力、压强、密度、浮力计算公式的理解和掌握，弄清楚物体在水中的状态是解决此题的关键，也是本题的难点。20.【答案】能量守恒定律 方向性 【解析】解：(1)根据能量守恒定律可知，能量不会凭空产生，也不会凭空消失，只能从一种形式转化为另一种形式或从一个物体转移到另一个物体，但能量转化过程中要有一定的消耗，故永动机违反了能量守恒定律，是不可能制成的。(2)若房间内空气自行聚拢、上面水沸腾和下面水结冰，说明能量发生转移或转化，而两种情况不可能发生，说明能量的转化和转移具有方向性。故答案为：能量守恒定律；方向性。自然界中的能量是守恒，它既不会消灭，也不会创生，能量的转化或转移具有方向性，所以无法制造“永动机”。本题考查能量守恒定律和能量的转化和转移具有方向性，应明确永动机的失败证明了能量守恒定律的正确性。21.【答案】左 2 不变 【解析】解：(1)由甲图可知，杠杆左端上翘，即杠杆左端轻，右端重，应将平衡螺母向轻些的左端调节，让杠杆在水平位置平衡。(2)由杠杆平衡条件可知OA⋅FA=OB⋅FB测力计的拉力为FB=OAOBFA=43×3×0.5N=2N(3)由乙图可知，杠杆左侧的阻力和阻力臂都不变，所以阻力和阻力臂的乘积不变，由杠杆平衡条件可知，动力和动力臂的乘积将不变，所以测力计拉力和对应力臂的乘积将不变。故答案为：(1)左；(2)2；(3)不变。(1)杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移，这一调节过程的目的是使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；(2)结合杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2分析解答；(3)阻力和阻力臂不变时，动力臂减小，动力增大，但动力和动力臂的乘积将不变。本题考查探究杠杆的平衡条件，难点是要理解杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂。22.【答案】小于 17 0.9 216 【解析】解：(1)机器人工作时，主机内部的气压小于大气压，在大气压的作用下，将灰尘、杂物吸入集尘盒。发射超声波时与障碍物间的距离为s=vt=340m/s×0.001s2=0.17m=17cm(2)充满电后的电能为W=UIt=15V×2A×3600s=1.08×105J当检测到电池容量低至10%时会自动返回充电，所以机器人充满电后至自动充电前，有用电能为W有=90%W=90%×1.08×105J=9.72×104J能够连续正常工作的最长时间为t′=W有P=9.72×104J30W=3240s=0.9h(3)返回过程中克服阻力做功为W′=40%×10%W=40%×10%×1.08×105J=4320J需要充电时离充电座最远距离为s=W′f=4320J20N=216m故答案为：(1)小于；17；(2)0.9  (3)216。(1)由流体压强与流速的关系分析；先根据s总=vt算出总路程，利用s=12s总即可求出发射超声波时与障碍物间的距离；(2)先用W=UIt计算出充满电后的电能，用效率公式计算出有用的电能，再利用t=WP求出连续正常工作的最长时间；(3)先计算电源用来克服阻力提供的能量，由克服阻力做的功，求出可以行驶的距离。本题涉及的物理知识多，难度较大，有力学知识力的平衡、力做功等知识点，一环扣一环，这类题能让学生对各物理量有一个整体性的掌握，有点难度，学生要熟练掌握物理公式，并灵活的运用到计算中去。23.【答案】解：重力的作用点在B点，方向竖直向下；连接AO得到动力臂，则打开壶盖最小力F垂直于AO向上，作图如下： 【解析】找到重心，沿重力的方向画一带箭头的线段表示重力；力臂是支点到力的作用线的距离。杠杆上为使力最小，应使动力臂最长，在阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时、最省力，据此画出动力方向。本题考查了作力的示意图与作力臂问题，掌握力的示意图与力臂的作法即可正确解题。根据阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时最省力找出动力臂是本题的关键。24.【答案】解：过入射点O作垂线，垂直于水面，为法线，根据光的反射定律，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，可以作出入射光线BO，根据光的折射定律知，光从空气斜射入水中，折射光线与入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角，可以作出折射光线OC，如图所示：。 【解析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角；光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角。本题考查反射定律和折射定律的应用情况，注意在两种透明介质的界面上，反射和折射一般是同时发生的，反射与入射在同种介质中，折射与入射在两种介质中，反射角等于入射角，光由空气斜射入其它透明介质中时，折射角小于入射角，光由其他透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角。25.【答案】解：(1)已知电源下端为正极，根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的上端为N极，下端为S极；(2)根据磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向向下。如图所示： 【解析】(1)根据安培定则可确定螺线管的极性。(2)磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，进行判断。知道螺线管的电流方向、磁极、小磁针的磁极、磁感线中的任意一者，都可以根据磁极间的作用和安培定则判断另外几者。26.【答案】解：闭合开关，下方圆圈内的电表直接接在电源两极上，所以只能是电压表；电流从电源正极流出，分为两个支路分别通过L1、L2，电流汇合后从上方圆圈内的电表通过，回到电源负极，所以上方圆圈内的电表是电流表，如图所示： 【解析】电流表在电路中相当于导线，电压表接在电路中相当于开路，围绕两灯串联或并联进行分析。知道电压表和电流表的正确使用方法，会根据要求判断出电路图的组成。27.【答案】解：(1)水增加的内能：Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×50℃=2.1×107J，(2)根据η=Q吸Q放×100%可得，燃料放出的热量为：Q放=Q吸η=2.1×107J20%=1.05×108J，根据Q放=Vq可得，需要消耗的燃气体积为：V=Q放q=1.05×108J8.4×107J/m3=1.25m3。答：(1)这些水增加的内能为2.1×107J；(2)需要消耗的燃气体积为1.25m3。 【解析】(1)已知水的质量100kg，水温升高50℃，根据热量的计算公式Q吸=cmΔt可求出水吸收的热量；(2)利用η=Q吸Q放求燃气完全燃烧放出的热量，再利用Q放=mq求燃气的热值。本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用。注意热值的定义：单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫这种燃料的热值。28.【答案】解：(1)一只定滑轮和一只动滑轮组成的滑轮组，由于人站在地面上拉绳子，所以最后的绳子方向要朝向地面，如图所示：(2)提升物体时，克服物体重力做功为W有=Gh=180N×4m=720J(3)提升动滑轮做的功为W动=G动h=20N×4m=80J额外功为提升动滑轮做的功，克服绳重和摩擦因素做的功，即额外功为W额=80J+120J=200J绳子自由端所用拉力F做的总功为W总=W有+W额=720J+200J=920J分析图可知：n=2，绳子自由端移动的距离为s绳=nh=2×4m=8m由W=Fs可知，绳子自由端所用拉力F为F=W总s绳=920J8m=115N答：(1)绳子绕法如图所示：(2)提升物体时，克服物体重力做功为720J；(3)若该过程中克服“绳重和摩擦因素”所做的功为120J，则绳子自由端所用拉力F为115N。 【解析】(1)滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，然后再绕过动滑轮。本题中人站在地面上使用，属于第一种。(2)利用W=Gh计算提升物体时，克服物体重力做的功。(3)克服物体重力做的功为有用功，克服动滑轮重力、绳重和摩擦因数所做的功为额外功，二者之和为总功，再根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs可求绳子自由端所用拉力。本题考查滑轮组绳子的绕法、功和滑轮组绳子拉力的计算，本题的难点是求绳子自由端所用拉力，需要根据公式W总=Fs计算。29.【答案】解：(1)当开关S闭合，开关S0断开时，电路中只有电阻R1工作，电路电阻最大，处于低温挡，由P=UI得，通过R1的电流为I1=P 低U=440W220V=2A；(2)当开关S、开关S0都闭合，电路中电阻R1与电阻R2并联，电路电阻最小，处于高温挡，由P=UI得，电路的总电流为I=P 高U=1100W220V=5A；通过电热丝R2的电流为I2=I−I1=5A−2A=3A，由欧姆定律得，电热丝R2的电阻R2=UI2=220V3A≈73.33Ω；(3)设30min内开关S0断开的时间为t1，30min内开关S0闭合的时间为t2，则W=P低t1+P高t2=0.44kW×t1+1.1kW×t2=0.44kWh，t1+t2=3060h=0.5h，解得t2=13h=20min。答：(1)通过R1的电流为2A；(2)电热丝R2的电阻为73.33Ω；(3)30min内开关S0闭合的时间为20min。 【解析】(1)开关S闭合，开关S0断开时，电路中只有电阻R1工作，电路电阻最大，处于低温挡，根据P=UI计算通过R1的电流；(2)当开关S、开关S0都闭合，电路中电阻R1与电阻R2并联，处于高温挡，根据P=UI电路的总电流，再用并联电路特点计算出通过电热丝R2的电流，利用欧姆定律求出R2的阻值；(3)开关S0闭合为加热，开关S0断开为保温，两者时间之和为已知，两者做功之和已知，列出方程组解答出30min内开关S0闭合的时间。本题考查了电功率公式和电功公式的应用，关键是分清油汀处于不同挡位时电路的连接方式。30.【答案】10.0 能 B 远视 【解析】解：(1)由图甲知，焦点到凸透镜的距离为20.0cm−10.0cm=10.0cm，所以凸透镜的焦距为f=10.0cm；(2)由图乙知，当蜡烛在刻度尺的10cm处，u=15cm，2f>u>f，凸透镜成倒立、放大的实像，v=55cm−25cm=30cm，根据折射中光路可逆可知，保持蜡烛和光屏位置不变，当u=30cm时，即凸透镜移动至40cm刻度线处，在屏上能再次呈现清晰的像；(3)保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，此时u=16cm−10cm=6cm，uu>f，成倒立、放大的实像，v>2f；光的折射中光路是可逆的，据此进行分析；(3)u