[知识重温]
一、必记5●个知识点
1.等差数列的定义
一般地,如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的差等于同一个常数,那么这个数列就叫做等差数列,这个常数叫做等差数列的公差,一般用字母d
表
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示;定义的表达式为:an+1-an=d(n∈N*).
2.等差数列的通项公式
设等差数列{an}的首项是a1,公差是d,则其通项公式为an=a1+(n-1)d.等差数列的通项公式是关于n的一次函数形的函数.
3.等差中项
若a,A,b成等差数列,则A叫做a,b的等差中项,且A=eq \f(a+b,2).
4.等差数列的前n项和公式
若已知首项a1和末项an,则Sn=eq \f(na1+an,2),或等差数列{an}的首项是a1,公差是d,则其前n项和公式为Sn=na1+eq \f(nn-1,2)d.等差数列的前n项和公式是关于n的二次函数形的函数且无常数项.
5.等差数列与等差数列各项的和有关性质
(1)am=an+(m-n)d或eq \f(am-an,m-n)=d.(m、n∈N*)
(2)在等差数列中,若p+q=m+n,则有ap+aq=am+an;若2m=p+q,则有ap+aq=2am,(p,q,m,n∈N*).
(3)d>0⇔{an}是递增数列,Sn有最小值;d<0⇔{an}是递减数列,Sn有最大值;d=0⇔{an}是常数数列.
(4)数列{λan+b}仍为等差数列,公差为λd.
(5)若{bn},{an}都是等差数列,则{an±bn}仍为等差数列.
(6)am,am+k,am+2k,am+3k,…仍是等差数列,公差为kd.
(7)数列Sm,S2m-Sm,S3m-S2m,…也是等差数列.
(8)S2n-1=(2n-1)an.
(9)若n为偶数,则S偶-S奇=eq \f(n,2)d.
若n为奇数,则S奇-S偶=a中(中间项).
二、必明2●个易误点
1.要注意概念中的“从第2项起”.如果一个数列不是从第2项起,而是从第3项或第4项起,每一项与它前一项的差是同一个常数,那么此数列不是等差数列.
2.注意区分等差数列定义中同一个常数与常数的区别.
[小题热身]
1.(2015·重庆卷)在等差数列{an}中,若a2=4,a4=2,则a6等于( )
A.-1 B.0
C.1 D.6
解析:由等差数列的性质,得a6=2a4-a2=2×2-4=0,选B.
答案:B
2.若等差数列{an}的前5项之和S5=25,且a2=3,则a7=( )
A.12 B.13
C.14 D.15
解析:由S5=eq \f(a2+a4·5,2)⇒25=eq \f(3+a4·5,2)⇒a4=7,所以7=3+2d⇒d=2,所以a7=a4+3d=7+3×2=13,故选B.
答案:B
3.若等差数列{an}的前三项为x-1,x+1,2x+3,则数列{an}的通项公式为( )
A.an=2n-5 B.an=2n-3
C.an=2n-1 D.an=2n+1
解析:∵等差数列{an}的前三项为x-1,x+1,2x+3,
∴(x-1)+(2x+3)=2(x+1),解得x=0.
∴a1=-1,d=2,
∴an=-1+(n-1)×2=2n-3.
答案:B
4.(2018·黄冈质检)在等差数列{an}中,如果a1+a2=40,a3+a4=60,那么a7+a8=( )
A.95 B.100
C.135 D.80
解析:由等差数列的性质可知,a1+a2,a3+a4,a5+a6,a7+a8构成新的等差数列,于是a7+a8=(a1+a2)+(4-1)[(a3+a4)-(a1+a2)]=40+3×20=100.
答案:B
5.已知数列{an}中,a1=1,an=an-1+eq \f(1,2)(n≥2),则数列{an}的前9项和等于________.
解析:当n≥2时,an=an-1+eq \f(1,2),
所以{an}是首项为1,公差为eq \f(1,2)的等差数列,
所以S9=9×1+eq \f(9×8,2)×eq \f(1,2)=9+18=27.
答案:27
6.在等差数列40,37,34,…中,第一个负数项是________.
解析:∵a1=40,d=37-40=-3,
∴an=40+(n-1)×(-3)=-3n+43,
令an<0,即-3n+43<0,解得n>eq \f(43,3),
故第一个负数项是第15项,即a15=-3×15+43=-2.
答案:-2
eq \x(考向一) 等差数列的基本运算
[自主练透型]
1.(2017·新课标全国卷Ⅰ)记Sn为等差数列{an}的前n项和.若a4+a5=24,S6=48,则{an}的公差为( )
A.1 B.2 C.4 D.8
解析:设{an}的公差为d,则
由eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(a4+a5=24,,S6=48,))得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(a1+3d+a1+4d=24,,6a1+\f(6×5,2)d=48,))解得d=4.
故选C.
答案:C
2.(2018·合肥检测二)等差数列{an}的前n项和为Sn,且S3=6,S6=3,则S10=( )
A.eq \f(1,10) B.0
C.-10 D.-15
解析:本题考查等差数列.设等差数列{an}的公差为d,则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(S3=3a1+3d=6,,S6=6a1+15d=3,))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(a1=3,,d=-1,))则S10=10a1+45d=30-45=-15,故选D.
答案:D
3.(2018·湖北调考)设等差数列{an}的前n项和为Sn,若a1=4,a2+a4+a6=30,则S6=( )
A.54 B.44
C.34 D.24
解析:本题考查等差数列的通项公式及前n项和公式.设数列{an}的公差为d,4+d+4+3d+4+5d=30,解得d=2,所以S6=6×4+eq \f(6×5,2)×2=54,故选A.
答案:A
悟·技法
等差数列运算问题的通性通法
(1)等差数列运算问题的一般求法是设出首项a1和公差为d,然后由通项公式或前n项和公式转化为方程(组)求解.
(2)等差数列的通项公式及前n项和公式,共涉及五个量a1,an,d,n,Sn,知其中三个就能求另外两个,体现了方程的思想.
eq \x(考向二) 等差数列的判定与
证明
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[自主练透型]
(2018·湖北华中师大附中期中)已知数列{an}满足a1=2,n(an+1-n-1)=(n+1)(an+n)(n∈N*).
(1)求证:数列eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(\f(an,n)))是等差数列,并求其通项公式;
(2)设bn=eq \r(2an)-15,求数列{bn}的前n项和Sn.
解析:(1)证明:∵n(an+1-n-1)=(n+1)(an+n)(n∈N*),
∴nan+1-(n+1)an=2n(n+1),∴eq \f(an+1,n+1)-eq \f(an,n)=2,
∴数列eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(\f(an,n)))是等差数列,其公差为2,首项为2,
∴eq \f(an,n)=2+2(n-1)=2n.
(2)由(1)知an=2n2,∴bn=eq \r(2an)-15=2n-15,
则数列{bn}前n项和Sn=eq \f(n-13+2n-15,2)=n2-14n.
悟·技法
等差数列的判定方法
(1)等差数列的判定通常有两种方法:第一种是定义法,an-an-1=d(常数)(n≥2);第二种是利用等差中项法,即2an=an-1+an+1(n≥2).
(2)解答选择题和填空题时也可以用通项公式与前n项和公式直接判定.
(3)若判定一个数列不是等差数列,则只需要说明某连续3项(如前三项)不是等差数列即可.
eq \x(考向三) 等差数列的性质及其应用 [分层深化型]
[例] (1)等差数列{an}的前n项和为Sn,若S11=22,则a3+a7+a8=( )
A.18 B.12 C.9 D.6
(2)(2018·合肥质检)已知等差数列{an}的前n项和为Sn,a8=1,S16=0,当Sn取最大值时n的值为( )
A.7 B.8 C.9 D.10
D
B
解析:(1)由题意得S11=eq \f(11a1+a11,2)=eq \f(112a1+10d,2)=22,即a1+5d=2,所以a3+a7+a8=a1+2d+a1+6d+a1+7d=3(a1+5d)=6.
(2)法一 由eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(a8=a1+7d=1,S16=16a1+\f(16×15,2)d=0)),解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(a1=15,d=-2)),
则Sn=-n2+16n=-(n-8)2+64,则当n=8时,Sn取得最大值.
法二 因为{an}是等差数列,所以S16=8(a1+a16)=8(a8+a9)=0,则a9=-a8=-1,即数列{an}的前8项是正数,从第9项开始是负数,所以(Sn)max=S8,选项B正确.
悟·技法
1.等差数列的性质
(1)项的性质:在等差数列{an}中,am-an=(m-n)d⇔eq \f(am-an,m-n)=d(m≠n),其几何意义是点(n,an),(m,am)所在直线的斜率等于等差数列的公差.
(2)和的性质:在等差数列{an}中,Sn为其前n项和,则①S2n=n(a1+a2n)=…=n(an+an+1);②S2n-1=(2n-1)an.
2.求等差数列前n项和Sn最值的2种方法
(1)函数法:利用等差数列前n项和的函数表达式Sn=an2+bn,通过配方或借助图象求二次函数最值的方法求解.
(2)邻项变号法:①当a1>0,d<0时,满足eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(am≥0,,am+1≤0))的项数m使得Sn取得最大值为Sm;②当a1<0,d>0时,满足eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(am≤0,,am+1≥0))的项数m使得Sn取得最小值为Sm.
[同类练]——(着眼于触类旁通)
1.设等差数列{an}的前n项和为Sn,已知前6项和为36,最后6项的和为180,Sn=324(n>6),则数列{an}的项数为________.
解析:由题意知a1+a2+…+a6=36,①
an+an-1+an-2+…+an-5=180,②
①+②得(a1+an)+(a2+an-1)+…+(a6+an-5)=6(a1+an)=216,∴a1+an=36,
又Sn=eq \f(na1+an,2)=324,∴18n=324,∴n=18.
答案:18
[变式练]——(着眼于举一反三)
2.(2018·重庆适应性测试)设Sn是等差数列{an}的前n项和,S10=16,S100-S90=24,则S100=________.
解析:依题意,S10,S20-S10,S30-S20,…,S100-S90依次成等差数列,设该等差数列的公差为d.又S10=16,S100-S90=24,因此S100-S90=24=16+(10-1)d=16+9d,解得d=eq \f(8,9),因此S100=10S10+eq \f(10×9,2)d=10×16+eq \f(10×9,2)×eq \f(8,9)=200.
答案:200
3.(2018·河北衡水中学二调)两个等差数列的前n项和之比为eq \f(5n+10,2n-1),则它们的第7项之比为( )
A.2 B.3 C.eq \f(45,13) D.eq \f(70,27)
解析:设这两个数列的前n项和分别为Sn,Tn,则eq \f(S13,T13)=eq \f(\f(13a1+a13,2),\f(13b1+b13,2))=eq \f(13×2a7,13×2b7)=eq \f(a7,b7)=eq \f(5×13+10,2×13-1)=3,故选B.
答案:B
[拓展练]——(着眼于迁移应用)
4.(2018·三门峡月考){an}为等差数列,Sn为其前n项和,若a1>0,d<0,S4=S8,则Sn>0成立的最大自然数为( )
A.11 B.12 C.13 D.14
解析:由S4=S8得,a5+a6+a7+a8=0,即a6+a7=0,又a1>0,d<0,
所以S12=eq \f(12a1+a12,2)=6(a6+a7)=0,则当n<12时,Sn>0;当n≥12时,Sn≤0,即Sn>0成立的最大自然数为11,故选A.
答案:A
5.(2018·湖南省湘中名校高三联考)若{an}是等差数列,首项a1>0,a2 016+a2 017>0,a2 016·a2 017<0,则使前n项和Sn>0成立的最大正整数n是( )
A.2 016 B.2 017
C.4 032 D.4 033
解析:因为a1>0,a2 016+a2 017>0,a2 016·a2 017<0,所以d<0,a2 016>0,a2 017<0,所以S4 032=eq \f(4 032a1+a4 032,2)=eq \f(4 032a2 016+a2 017,2)>0,S4 033=eq \f(4 033a1+a4 033,2)=4 033a2 017<0,所以使前n项和Sn>0成立的最大正整数n是4 032,故选C.
答案:C