楞次定律训练习题和详细答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………...PAGE/NUMPAGES2013-2014学年度???学校2月月考卷试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx 注意事项 软件开发合同注意事项软件销售合同注意事项电梯维保合同注意事项软件销售合同注意事项员工离职注意事项 ：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷〔选择题请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、选择题〔题型注释1．如图所示,固定长直导线A中通有恒定电流。一个闭合矩形导线框abcd与导线A在同一平面内,并且保持ab边与通电导线平行,线圈从图中位置1匀速向右移动到达位置2。关于线圈中感应电流的方向,下面的说法正确的是A．先顺时针,再逆时针B．先逆时针,再顺时针C．先顺时针,然后逆时针,最后顺时针D．先逆时针,然后顺时针,最后逆时针[答案]C[解析]试题 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 ：由安培定则可得导线左侧有垂直纸面向外的磁场,右侧有垂直纸面向里的磁场,且越靠近导线此场越强,线框在导线左侧向右运动时,向外的磁通量增大,由楞次定律可知产生顺时针方向的感应电流；线框跨越导线的过程中,先是向外的磁通量减小,后是向里的磁通量增大,由楞次定律可得线框中有逆时针方向的电流；线框在导线右侧向右运动的过程中,向里的磁通量减小,由楞次定律可知产生顺时针方向的感应电流；综上可得线圈中感应电流的方向为：先顺时针,然后逆时针,最后顺时针。故选C考点：楞次定律的应用点评：弄清楚导线两侧磁场强弱和方向的变化的特点,线框在导线两侧运动和跨越导线的过程中磁通量的变化情况是解决本题关键。2．如图所示,在两根平行长直导线M、N中,通入同方向同大小的电流,导线框abcd和两导线在同一平面内,线框沿着与两导线垂直的方向,自左向右在两导线间匀速移动,在移动过程中,线框中感应电流的方向为A．沿adcba不变B．沿abcda不变C．由abcda变成adcbaD．由adcba变成abcda[答案]B[解析]试题分析：线框沿着与两导线垂直的方向,自右向左在两导线间匀速移动,在移动过程中,线框的磁通量先垂直纸面向外减小,后垂直纸面向里增大,由楞次定律可知,感应电流的磁场方向一直垂直纸面向外,由安培定则知感应电流一直沿adcba不变；故B正确考点：楞次定律的应用点评：难度中等,弄清楚两导线中间磁场强弱和方向的变化的特点是解决本题关键,应用楞次定律判断感应电流方向的关键是确定原磁场的方向及磁通量的变化情况3．如图所示,一个闭合三角形导线框ABC位于竖直平面内,其下方〔略靠前固定一根与线框平面平行的水平直导线,导线中通以图示方向的恒定电流。释放线框,它由实线位置下落到虚线位置未发生转动,在此过程中：AABCBCIA．线框中感应电流方向依次为ACBA→ABCA→ACBAB．线框的磁通量为零的时,感应电流却不为零C．线框所受安培力的合力方向依次为向上→向下→向上D．线框所受安培力的合力为零,做自由落体运动[答案]AB[解析]试题分析：导线上方磁场为.〔代 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 出来,下方为×〔代表进去,因此三角线框磁通量先出来的增加,根据楞次定律,则电流方向为ACBA。当经过导线时,在某处会使得磁通量为零,即说明出来的磁场在这个阶段中减少,利用楞次定律,则感应电流为ABCA,最后在穿过导线后,进去磁场减少,根据楞次定律,则感应电流为ACBA,即A正确。根据刚才分析线框的磁通量为零的时,磁通量变化率不为零,因此感应电流却不为零〔或者切割磁感线的有效长度下面长,上面短,所以感应电动势大小不一,因此感应电流不为零。根据楞次定律的推论〔来拒去留可知,线框受到的作用力一直都是竖直向上。因此CD均错考点：楞次定律以及推论、左手定则点评：此类题型考察了楞次定律判断感应电流以及物体受力的方法4．如图甲所示,两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合,放在同一水平面内,线圈A中通以如图乙所示的变化电流,t＝0时电流方向为顺时针<如图中箭头所示>。在t1～t2时间内,对于线圈B,下列说法中正确的<>A．线圈B内有顺时针方向的电流,线圈有扩张的趋势B．线圈B内有顺时针方向的电流,线圈有收缩的趋势C．线圈B内有逆时针方向的电流,线圈有扩张的趋势D．线圈B内有逆时针方向的电流,线圈有收缩的趋势[答案]A[解析]试题分析：由图乙可知在～时间内线圈A中逆时针方向电流增大,由楞次定律可知线圈B中产生顺时针方向的感应电流,由异向电流相互排斥可得,线圈B有扩张的趋势。故选A考点：楞次定律点评：解决本题的关键掌握楞次定律的内容：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化；利用结论判断线圈B的运动趋势。5．如图,均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置,将a绕O点在其所在平面内旋转时,b中产生顺时针方向的感应电流,且具有收缩的趋势,由此可知,圆环a<>OabIbA.顺时针加速旋转B.顺时针减速旋转C.逆时针加速旋转D.逆时针减速旋转[答案]B[解析]试题分析：由题意知：圆环ab电流方向相同,在安培力作用下体现出相互吸引的效果,且根据楞次定律"增反减同"原则,a环在减速旋转考点：考查楞次定律点评：难度较小,对楞次定律要理解感应电流如何阻碍磁通量的增大,也要熟练应用楞次定律的一些推论6．边长为L的正方形金属框在水平恒力F作用下运动,穿过方向如图的有界匀强磁场区域．磁场区域的宽度为d〔d>L。已知ab边进入磁场时,线框的加速度恰好为零．则线框进入磁场的过程和从磁场另一侧穿出的过程相比较,有dBbFLaA．产生的感应电流方向相反B．所受的安培力方向相同C．进入磁场过程的时间等于穿出磁场过程的时间D．进入磁场过程和穿出磁场过程中通过导体内某一截面的电量相等[答案]ABD[解析]试题分析：根据右手定则,进入时顺时针、穿出时逆时针,A对；安培力总阻碍导线的运动,所受的安培力方向相同,B对；由于线圈匀速进入磁场后加速运动,出磁场时速度大于原来的速度,故C错误；根据,由此可知进入磁场过程和穿出磁场过程中通过导体内某一截面的电量相等,D对；考点：考查电磁感应现象点评：难度中等,由楞次定律的推论：安培力的效果总是阻碍磁通量的变化,穿过导体横截面的电量只与磁通量的变化量有关7．如图所示,矩形线框以恒定速度v通过匀强有界磁场,则在整个过程中,以下说法正确的是A．线框中的感应电流方向是先逆时针方向,后顺时针方向B．线框中的感应电流方向是先顺时针方向,后逆时针方向C．线框进入磁场过程中所受安培力方向向右D．线框离开磁场过程中所受安培力方向向左[答案]AD[解析]试题分析：线圈进入磁场过程中,磁通量增大,感应电流的磁场与原磁场方向相反,由右手定责可知感应电流逆时针,穿出磁场时磁通量减小,感应电流的磁场方向与原磁场方向相同,由右手定责可知感应电流顺时针,Ａ对；由楞次定律可知安培力的效果总是用来阻碍磁通量的变化,由此可知安培力方向在进入和离开磁场时方向均向左,D对；考点：考查楞次定律的应用点评：难度较小,在判断安培力方向时可利用楞次定律的一些推论比较方便,要理解感应电流如何阻碍磁通量变化的问题8．如图所示,穿过线圈的磁场的磁感应强度变化时,线圈会产生感应电流,下列描述正确的是<　　>A．当磁感应强度均匀增大时,从上向下看感应电流的方向应为顺时针方向B．当磁感应强度均匀增大时,从上向下看感应电流的方向应为逆时针方向C．当磁感应强度均匀减小时,从上向下看感应电流的方向应为顺时针方向D．当磁感应强度均匀减小时,从上向下看感应电流的方向应为逆时针方向[答案]AD[解析]试题分析：当磁感应强度均匀增大时,穿过闭合线圈的磁通量增大,感应电流的磁场竖直向下,由右手定则可知从上向下看感应电流的方向应为顺时针方向,A对；同理判断BC错；D对；考点：考查楞次定律的应用点评：难度较小,熟练掌握感应电流的磁场如何阻碍原磁场的变化9．如图所示,闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁。当磁铁向下运动〔但未插入线圈内部时,线圈中vSNGA．没有感应电流B．感应电流的方向与图中箭头方向相反C．感应电流的方向与图中箭头方向相同D．感应电流的方向不能确定[答案]C[解析]试题分析：A当磁铁向下运动时,线圈的磁通量发生了变化,线圈内有感应电流；错误BCD、由题意可知。磁铁N极向下运动,线圈内磁通量是向下增强,由楞次定律可知感应电流磁场应向上,可以判定感应电流的方向与图中箭头方向相同；C正确BD错误故选C考点：楞次定律点评：熟练掌握判断感应电流方向的方法,牢记"增反减同"的意义,即外加磁通量增大,感应电流的方向与外加磁场的方向相反,反之相同10．如图所示,粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈,当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高经过时,若线圈始终不动,则关于线圈受到的支持力FN及在水平方向运动趋势的正确判断是：A．FN先小于mg后大于mg,运动趋势向左B．FN先大于mg后小于mg,运动趋势向左C．FN先小于mg后大于mg,运动趋势向右D．FN先大于mg后小于mg,运动趋势向右[答案]D[解析]试题分析：条形磁铁从线圈正上方由左向右运动的过程中,线圈中的磁通量先增大后减小,根据楞次定律的第二种描述："来拒去留：可知,线圈先有向下和向右的趋势,后有向上和向右的趋势；故线圈受到的支持力先大于重力后小于重力；同时运动趋势向右。故选D考点：楞次定律点评：线圈有运动趋势是因发生了电磁感应而产生了感应电流,从而受到了安培力的作用而产生的；不过由楞次定律的描述可以直接判出,并且能更快捷。11．如图,圆形线圈P静止在水平桌面上,其正上方悬挂一相同的线圈Q,P和Q共轴,Q中通有变化电流,电流随时间变化的规律如图所示,P所受的重力为G,桌面对P的支持力为FN,则<>①t1时刻FN＞G②t2时刻FN＞G③t3时刻FN＜G④t4时刻FN=GA．①②B．①③C．①④D．②③④[答案]C[解析]试题分析：线圈总是阻碍磁通量的变化,所以T1电流增大,磁通量变大,下面线圈阻碍变化,就向下动,所以N＞G．T2无电流变化,所以N=G考点：楞次定律；法拉第电磁感应定律点评：难度中等,由电流变化而产生的感应磁场去阻碍线圈磁通量的变化．同时可知：同向电流相吸,异向电流相斥12．在闭合铁芯上绕有一组线圈,线圈与滑动变阻器、电池构成电路,假定线圈产生的磁感线全部集中在铁芯内．a、b、c三个闭合金属圆环,位置如图所示．当滑动变阻器滑动触头左右滑动时,能产生感应电流的圆环是<>A．a、b两环B．b、c两环C．a、c两环D．a、b、c三个环[答案]A[解析]试题分析：当滑动变阻器的滑片左右滑动时,电流变化,从而铁芯中磁通量发生变化,a、b两环中有磁通量变化,c中的磁通量变化量为零,A正确考点：楞次定律点评：难度较小,本题直接用首先应判断电磁感应现象中磁场的变化,再由楞次定律判断感应电流磁场方向,掌握判断步骤思路就会变得清晰13．如图所示,一个水平放置的矩形闭合线框abcd,在水平放置的细长磁铁S极中心附近落下,下落过程中线框保持水平且bc边在纸外,ad边在纸内．它由位置甲经乙到丙,且甲、丙都靠近乙。在这下落过程中,线框中感应电流的方向为〔A．abcdaB．adcbaC．从位置甲到乙时,abcda,从位置乙到丙时adcbaD．从位置甲到乙时,adcba,从位置乙到丙时abcda[答案]B[解析]试题分析：从甲到乙,原磁场方向竖直向下,磁通量减小,感应电流的磁场竖直向下,由右手定则可知感应电流为adcba,同理由乙到丙,原磁场方向竖直向上,磁通量增大,感应电流的磁场竖直向下,方向为adcba,B对；考点：考查楞次定律的应用点评：难度较小,本题直接用楞次定律判断电磁感应现象中磁场的变化,掌握判断步骤思路就会变得清晰14．如图所示,电池正负极未知,在左侧铁芯插入线圈过程中,吊在线圈右侧的铝环将〔A．不动B．向右运动C．向左运动D．可能向右运动,也可能向左运动[答案]B[解析]试题分析：对于电感线圈,如果插入铁心,磁性变强,穿过右侧圆环的磁通量变大,在圆环上产生感应电流,受到安培力的作用,安培力的效果总是阻碍磁通量的变化,所以圆环向右运动,B对；考点：楞次定律点评：难度较小,本题直接用楞次定律判断电磁感应现象中磁场的变化,抓住导体总是反抗原磁通量的变化是关键15．如图所示,M、N为水平放置的两根固定且平行的金属导轨,两根导体棒P、Q垂直于导轨放置并形成一个闭合回路,将闭合回路正上方的条形磁铁从高处下落时：〔A．P、Q将互相靠拢B．P、Q将互相远离C．磁铁的加速度仍为gD．磁铁的加速度小于g[答案]AD[解析]试题分析：当一条形磁铁从高处下落接近回路时,穿过回路的磁通量增加,根据楞次定律：感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化,分析导体的运动情况．A、B当一条形磁铁从高处下落接近回路时,穿过回路的磁通量增加,根据楞次定律：感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化,可知,P、Q将互相靠拢,回路的面积减小一点,使穿过回路的磁场减小一点,起到阻碍原磁通量增加的作用．故A正确,B错误．C、D由于磁铁受到向上的安培力作用,所以合力小于重力,磁铁的加速度一定小于g．故C错误、D正确考点：楞次定律点评：难度较小,本题直接用楞次定律判断电磁感应现象中导体的运动方向,抓住导体总是反抗原磁通量的变化是关键16．如图所示,在匀强磁场中放有平行铜导轨,它与大导线圈M相连接,要使小导线圈N获得顺时针方向的感应电流,则放在导轨中的裸金属棒ab的运动情况是〔两导线圈共面位置〔A．向右匀速运动B．向左加速运动C．向右减速运动D．向右加速运动[答案]BC[解析]试题分析：导线ab运动时,切割磁感线产生感应电流,由右手定则判断感应电流的方向．感应电流流过大线圈M,M产生磁场,就有磁通量穿过小线圈N,根据安培定则判断感应电流产生的磁场方向,根据楞次定律判断小线圈N中产生的电流方向,选择题意的选项．A、导线ab匀速向右运动时,导线ab产生的感应电动势和感应电流恒定不变,大线圈M产生的磁场恒定不变,穿过小线圈N中的磁通量不变,没有感应电流产生．故A错误．B、导线ab加速向左运动时,导线ab中产生的感应电动势和感应电流增加,由右手定则判断出来ab电流方向由b→a,根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向外,穿过N的磁通量增大,由楞次定律判断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流,符合题意．故B正确．C、导线ab减速向右运动时,导线ab中产生的感应电动势和感应电流减小,由右手定则判断出来ab电流方向由a→b,根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向里,穿过N的磁通量减小,由楞次定律判断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流,符合题意．故C正确．D、导线ab加速向右运动时,导线ab中产生的感应电动势和感应电流增加,由右手定则判断出来ab电流方向由a→b,根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向里,穿过N的磁通量增大,由楞次定律判断得知：线圈N产生逆时针方向的感应电流,符合题意．故D错误．故选BC。考点：导体切割磁感线时的感应电动势；右手定则．点评：本题是有两次电磁感应的问题,比较复杂,考查综合运用右手定则、楞次定律和安培定则的能力．17．如图所示,在光滑水平面上有一根直导线,直导线旁放有一闭合导线框abcd,线框的ab边与直导线平行,直导线中通有如图所示方向的电流。下列说法中正确的是<　　>A．若电流I增大,线框所受安培力的合力方向向右B．若电流I增大,线框所受安培力的合力方向向左C．若电流I减小,线框所受安培力的合力方向向上D．若电流I减小,线框中产生沿adcba方向的感应电流[答案]A[解析]试题分析：根据楞次定律,若电流增加,则穿过线圈的磁通量增加,为了阻碍磁通量增加,所以线框应向右移动,A正确,B错误。若I减小,应产生顺时针方向感应电流,并根据楞次定律同理可得应向左移动,CD错误。考点：楞次定律的推论点评：此类题型考察了利用楞次定律推论判断物体运动情况18．如图所示,蹄形磁铁的两极间,放置一个线圈abcd,磁铁和线圈都可以绕OO′轴转动,磁铁如图示方向转动时,线圈的运动情况是<　　>．A．俯视,线圈顺时针转动,转速与磁铁相同B．俯视,线圈逆时针转动,转速与磁铁相同C．线圈与磁铁转动方向相同,但转速小于磁铁转速D．线圈静止不动[答案]C[解析]试题分析：磁铁相对线圈转动,通过线圈的磁通量变化,线圈中产生感应电流,则线圈受安培力作用,阻碍两者的相对运动,由"来拒去留"可知线圈跟着磁铁同方向转动,如果转速相同,则没有相对运动,线圈中不产生感应电流,线圈不受安培力作用,则线圈不会转动,所以线圈与磁铁转动方向相同,但转速小于磁铁转速。故选C考点：楞次定律的应用点评：注意感应电流受到的安培力总是阻碍相对运动,由"来拒去留"判断线圈的运动方向,使问题的判断更简单。19．在北半球,地磁场的水平分量由南向北,竖直分量竖直向下,如图所示,鹭洲路上,某人骑车从东往西行走,则下列说法正确的是<　　>．A．自行车左车把的电势比右车把的电势高B．自行车左车把的电势比右车把的电势低C．图中辐条AB,此时A端比B端的电势高D．图中辐条AB,此时A端比B端的电势低[答案]AD[解析]试题分析：切割磁感线产生感应电动势的导体相当于电源,在电源内部电流是从负极到正极。AB、某人骑车从东往西行走,车把切割地磁场的竖直分量,由右手定则知左侧电势高；A正确CD、辐条在转动时切割地磁场的水平分量,由右手定则知B端电势高；D正确故选AD考点：楞次定律点评：熟练掌握地磁场的分布情况是解本题的关键。20．如图,两圆环AB置于同一水平面上,其中A为均匀带电绝缘环,B为导体环,当A以如图方向转动时,B中产生如图方向的感应电流,则A.A可能带正电且转速变小B.A可能带正电且转速增大C.A可能带负电且转速变小D.A可能带负电且转速增大[答案]BC[解析]试题分析：由图可知,B中电流为逆时针,由右手螺旋定则可知,感应电流的磁场向外,由楞次定律可知,引起感应电流的磁场可能为：向外减小或向里增大；若原磁场向里,则A中电流应为顺时针,故A应带正电,因磁场变强,故A中电流应增大,即A的转速应增大,故B正确；若原磁场向外,则A中电流应为逆时针,即A应带负电,且电流应减小,即A的转速应减小,故C正确；考点：考查了楞次定律的应用点评：本题为楞次定律应用的逆过程,要明确B中感应电流是因为B中的磁通量发生变化引起的,同时还应知道由于A的转动而形成的等效电流的强弱与转速有关．21．位于载流长直导线近旁的两根平行铁轨A和B,与长直导线平行且在同一水平面上,在铁轨A、B上套有两段可以自由滑动的导体CD和EF,如图4所示,若用力使导体EF向右运动,则导体CD将：A．保持不动B．向右运动C．向左运动D．先向右运动,后向左运动[答案]B[解析]试题分析：当导轨EF向右运动时,穿过线圈CDEF的磁通量增大,根据楞次定律可得线圈的面积要缩小,所以CD要向右运动,B正确,考点：考查了楞次定律的应用点评：楞次定律对闭合电路的面积而言,具有致使电路的面积有收缩或者扩张的趋势,收缩或者扩张是为了阻碍电路磁通量的变化,口诀为：增缩减扩22．如图所示,若套在条形磁铁上的弹性金属导线圈Ⅰ突然缩小为线圈Ⅱ,则关于线圈的感应电流及其方向<从上往下看>是<　　>A．有顺时针方向的感应电流B．有逆时针方向的感应电流C．先逆时针后顺时针方向的感应电流D．无感应电流[答案]B[解析]试题分析：因为穿过线圈的磁通量等于磁铁内部的磁通量减去磁铁外部穿过线圈的磁通量,故线圈面积越小,磁通量越大,所以金属导线圈Ⅰ突然缩小为线圈Ⅱ,则通过线圈的磁通量增大,并且是竖直向上的磁通量增大,所以根据楞次定律可得产生的感应电流方向为逆时针方向,A正确考点：考查了楞次定律的应用点评：本题最容易出错的地方在于穿过线圈的磁通量等于磁铁内部的磁通量减去磁铁外部穿过线圈的磁通量,故线圈面积越小,磁通量越大,23．老师做了一个奇妙的"跳环实验"。如图所示,她把一个带铁芯的线圈、开关和电源用导线连接起来后,将一金属套环置于线圈上,且使铁芯穿过套环。闭合开关的瞬间,套环立刻跳起。某同学另找来器材再探究此实验。他连接好电路,经重复试验,线圈上的套环均末动。对比老师演示的实验,下列四个选项中,导致套环未动的原因可能是A．线圈接在了直流电源上B．线圈中有一匝断了C．所选线圈的匝数过多D．所用套环的材料与老师的不同[答案]BD[解析]试题分析：由题意知,闭合开关的瞬间,金属套环要产生感应电流,据楞次定律知线圈的磁场与感应电流的磁场相对,所以套环受到线圈向上的斥力,即在闭合开关的瞬间,套环立刻跳起,由图知实验所用电源是直流电源,A错；线圈中有一匝断了,则电路中没有电流,线圈不会产生磁场,线圈和套环间没有力的作用,套环不会跳起,B对；所选线圈的匝数过多,则小球产生的磁场更强,套环会跳起的更高,C错；所用套环的材料与老师的不同,若是塑料套环不会产生感应电流,线圈和套环间没有力的作用,套环不会跳起,D对.考点：本题考查电磁感应现象,楞次定律点评：本题学生会分析套环跳起的原因,然后用相应的知识去判断。24．如图,磁场垂直于纸面,磁感应强度在竖直方向均匀分布,水平方向非均匀分布。一铜制圆环用丝线悬挂于O点,将圆环拉至位置a后无初速释放,在圆环从a摆向b的过程中〔A．感应电流方向先逆时针后顺时针再逆时针B．感应电流方向先顺时针后逆时针再逆时针C．感应电流方向一直是逆时针D．感应电流方向一直是顺时针[答案]A[解析]试题分析：铜制圆环内磁通量先向里并增大,铜制圆环感应电流的磁场向外,感应电流为逆时针；铜制圆环越过最低点过程中,铜制圆环内磁通量向里的减小,向外的增大,所以铜制圆环感应电流的磁场向里,感应电流为顺时针；越过最低点以后,铜制圆环内磁通量向外并减小,所以铜制圆环感应电流的磁场向外,感应电流为逆时针,A正确,考点：题考查法拉第电磁感应定律,安培力左手定则,力的合成等,点评：本题由楞次定律可得出电流的方向,重点在于弄清何时产生电磁感应,以及磁通量是如何变化的；由左手定则判断安培力的方向．25．如图所示,A、B两导体圆环共面同心,A中通有逆时针方向的电流I,当A中电流大小I发生变化时,B中产生的感应电流方向为A．若I逐渐增大,则B中产生的感应电流方向为顺时针方向B．若I逐渐增大,则B中产生的感应电流方向为逆时针方向C．若I逐渐减小,则B中产生的感应电流方向为顺时针方向D．若I逐渐减小,则B中产生的感应电流方向为逆时针方向[答案]AD[解析]试题分析：A中通有逆时针方向的电流I,线圈B处的磁场垂直纸面向外,由楞次定律知,若I逐渐增大,则B中产生的感应电流的磁场方向垂直纸面向,由安培定则知感应电流的方向为顺时针方向；同理,若I逐渐减小,则B中产生的感应电流方向为逆时针方向；故AD正确故选AD考点：楞次定律点评：容易题。注意对楞次定律中"阻碍"的理解；利用"增反减同"判断感应电流的方向。26．悬浮列车的 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 方案 气瓶 现场处置方案 .pdf气瓶 现场处置方案 .doc见习基地管理方案.doc关于群访事件的化解方案建筑工地扬尘治理专项方案下载 是在每节车厢底部安装强磁铁〔磁场方向向下,并在两条铁轨之间沿途平放—系列线圈。下列说法中不正确的是A．当列车运动时,通过线圈的磁通量会变化B．列车速度越快,通过线圈的磁通量变化越快C．列车运动时,线圈中会产生感应电流D．线圈中的感应电流的大小与列车速度无关[答案]D[解析]试题分析：当列车运动时,穿过线圈的磁通量发生变化,所以线圈中会产生相同方向的磁场,两者发生排斥,从而列车能悬浮在空中,列车列车速度越快,通过线圈的磁通量变化越快,产生的感应电流越大,形成的感应磁场越强,所以D错误,考点：本题考查了磁悬浮列车的工作原理点评：磁悬浮列车利用的同名磁极间具有排斥力的原理工作的,27．如图所示,两个闭合圆形线圈A,B的圆心重合,放在同一个水平面内,线圈B中通如图所示的电流,设t=0时电流沿逆时针方向〔图中箭头所示．对于线圈A在t1～t2时间内的下列说法中正确的是A．有顺时针方向的电流,且有扩张的趋势B．有顺时针方向的电流,且有收缩的趋势C．有逆时针方向的电流,且有扩张的趋势D．有逆时针方向的电流,且有收缩的趋势[答案]D、[解析]试题分析：在时间段,线圈B中的电流顺时针均匀增大,根据右手定则可得穿过B的垂直纸面向里的磁场在增大,所以穿过A的垂直纸面向里的磁通量增大,,所以根据楞次定律可得A中有逆时针电流,并且会产生阻碍磁通量减小的运动趋势,即收缩的趋势,所以D正确,考点：本题考查了楞次定律的应用点评：本题的关键是判断A中的磁通量的变化情况28．如图所示,ef、gh为两水平放置相互平行的金属导轨,ab、cd为搁在导轨上的两金属棒,与导轨接触良好且无摩擦．当一条形磁铁向下靠近导轨时,关于两金属棒的运动情况的描述正确的是A．如果下端是N极,两棒向外运动,如果下端是S极,两棒相向靠近B．如果下端是S极,两棒向外运动,如果下端是N极,两棒相向靠近C．不管下端是何极性,两棒均向外相互远离D．不管下端是何极性,两棒均相互靠近[答案]D、[解析]试题分析：当一条形磁铁向下靠近导轨时,无论下端是什么极性,穿过线圈的磁通量是一定增大的,根据楞次定律,两金属棒的运动趋势要阻碍穿过线圈的磁通量的增大,所以两导体棒相互靠近,减小线圈的面积,从而阻碍磁通量的增大,所以选D,考点：本题考查了楞次定律的应用点评：本题也可以根据楞次定律的另一种表述：感应电流的磁场总要阻碍导体与磁体间的相对运动来直接判断．29．等腰三角形线框abc与长直导线MN绝缘,且线框被导线分成面积相等的两部分,如图所示,接通电源瞬间有由N流向M的电流,则在〔A．线框中无感应电流B．线框中有沿abca方向感应电流C．线框中有沿acba方向感应电流D．条件不足无法判断[答案]C[解析]试题分析：MN右侧与BC左侧之间的区域MNcb与MN较近,电流在区域MNcb产生的磁场的磁感线较多,所以通过区域MNcb的磁通量增加较快,产生的感应电动势较大,根据楞次定律和右手螺旋定则知,线框中有沿acba方向感应电流,C正确考点：本题考查了楞次定律和右手螺旋定则的应用点评：本题的关键是判断出线圈abc中总的磁通量的变化,对于非匀强磁场穿过线圈的磁通量不能定量计算,可以根据磁感线的条数定性判断其变化情况．30．如图4所示,A,B都是很轻的铝环,分别吊在绝缘细杆的两端,杆可绕中间竖直轴在水平面内转动,环A是闭合的,环B是断开的。若用磁铁分别接近这两个圆环,则下面说法正确的是:〔NSBAA．磁铁N极接近A环时,A环被吸引,而后被推开B．磁铁N极远离A环时,A环被排斥,而后随磁铁运动C．磁铁N极接近B环时,B环被排斥,远离磁铁运动D．磁铁的任意一磁极接近A环时,A环均被排斥[答案]D[解析]只有穿过闭合线圈的磁通量发生变化时,闭合线圈中才会产生感应电流,由楞次定律"安培力的效果总是阻碍磁通量的变化"或"来拒去留"可知D对；31．如图电路中要使电流计G中的电流方向如图所示,则导轨上的金属棒AB的运动必须是〔A向左减速移动B向左加速移动C向右减速移动　D向右加速移动[答案]AD[解析]当导体棒向左切割磁感线时,由楞次定律可知感应电流方向由Ａ到B,当减速运动时电流减小,穿过左边螺线管的磁通量减小,由楞次定律可知感应电流与图示方向相同,A正确；同理可判断D对；32．如图17－56所示,固定在水平面内的两光滑平行金属导轨M、N,两根导体棒中P、Q平行放于导轨上,形成一个闭合回路,当一条形磁铁从高处下落接近回路时〔A．P、Q将互相靠拢B．P、Q将互相远离C．磁铁的加速度仍为gD．磁铁的加速度小于g[答案]AD[解析]条形磁铁下落过程中,穿过闭合回路的磁通量增大,在回路中产生了感应电流,从而受到安培力的作用,根据"安培力的效果总是阻碍磁通量的变化"所以P、Q将互相靠拢,由牛顿第三定律可知条形磁铁受到竖直向上的作用力,加速度小于重力加速度g,AD正确33．在"研究电磁感应现象"的实验中,已知电流表不通电时指针停在正中央,当电流从"＋"接线柱流入时,指针向左偏。然后按图所示将电流表与线圈B连成一个闭合回路,将线圈A、电池、滑动变阻器和电键S串联成另一个闭合电路。则下列说法正确的是A.S闭合后,将线圈A插入线圈B的过程中,电流表的指针向左偏转B.将线圈A放在B中不动时,闭合S瞬间,电流表指针向右偏转C.将线圈A放在B中不动,滑动变阻器的滑片P向左滑动时,电流表指针向左偏转D.将线圈A从线圈B中拔出时,电流表指针向右偏转[答案]B[解析]]S闭合后,将螺线管A<原线圈>插入螺线管B,穿过B的磁通量增大,由楞次定律可判断感应电流从负极流入,由题干可判断当电流从左端流入时指针向左偏,由此可判断此时指针向右偏,A错；线圈A放在B中不动闭合开关瞬间,穿过线圈B的磁通量增大,同理可知B对；滑动变阻器的滑片P向左滑动时,电阻减小,电流增大,穿过B的磁通量增大,由楞次定律可判断感应电流从右端流入,指针向右偏转,C错；同理可判断D错；34．法拉第通过精心设计的一系列实验,发现了电磁感应定律,将历史上认为各自独立的学科"电学"与"磁学"联系起来.在下面几个典型的实验设计思想中,所作的推论后来被实验否定的是<>A.既然磁铁可使近旁的铁块带磁,静电荷可使近旁的导体表面感应出电荷,那么静止导线上的稳恒电流也可在近旁静止的线圈中感应出电流B.既然磁铁可在近旁运动的导体中感应出电动势,那么稳恒电流也可在近旁运动的线圈中感应出电流C.既然运动的磁铁可在近旁静止的线圈中感应出电流,那么静止的在磁铁也可在近旁运动的导体中感应出电动势D.既然运动的磁铁可在近旁的导体中感应出电动势,那么运动导线上的稳恒电流也可在近旁的线圈中感应出电流[答案]A[解析]电磁感应现象的产生条件是:穿过电路的磁通量发生变化.静止导线上的稳恒电流产生恒定的磁场,静止导线周围的磁通量没有发生变化,近旁静止线圈中不会有感应电流产生,A错.而B､C､D三项中都会产生电磁感应现象,有感应电动势<或感应电流>产生.35．如图,铜质金属环从条形磁铁的正上方由静止开始下落,在下落过程中,下列判断中正确的是：A．铜环在下落过程中的机械能守恒B．铜环的机械能先减小后增大C．磁铁对铜环的作用力方向先向上后向下D．磁铁对铜环的作用力方向始终向上[答案]D[解析]本题考查的是磁场对线圈的作用问题,铜环在下落过程中,除了重力做功还有磁场对它的作用力做功,故机械能不守恒,A错误；铜环的机械能一直减小,B错误；磁铁对铜环的作用力方向始终向上,D正确；36．一条形磁铁用细线悬挂处于静止状态,一铜质金属环从条形磁铁的正上方由静止开始下落,如图所示,在下落过程中,下列判断中正确的是A．在下落过程中金属环内产生电流,且电流的方向始终不变B．在下落过程中金属环的加速度始终等于gC．磁铁对细线的拉力始终大于其自身的重力D．金属环在下落过程动能的增加量小于其重力势能的减少量[答案]D[解析]在下落过程中,磁通量先增大后减小,由楞次定律可判断电流方向发生变化,A错；在下落接近条形磁铁时,由楞次定律可知线圈所受安培力向上,加速度小于g,B错；同理由线圈在穿过磁铁过程中,磁通量不变,线圈上没有电流产生,两者间没有相互作用力,磁铁对细线的拉力等于重力,C错；D对；37．如图所示,条形磁铁用细线悬挂在O点。O点正下方固定一个水平放置的铝线圈。让磁铁在同一竖直面内摆动。条形磁铁在完整摆动一次的过程中,下列说法中正确的是A.线圈内感应电流的方向改变4次B.磁铁始终受到感应电流磁场的斥力作用C.磁铁所受到的感应电流对它的作用力始终是阻力D.磁铁所受到的感应电流对它的作用力有时是阻力有时是动力[答案]AC[解析]条形磁铁在完整摆动一次的过程中,由楞次定律可知,当条形磁铁原理线圈时两者间的作用力为引力,B错；同理根据法拉第电磁感应定律可知A对；CD错；38．如图所示,软铁环上绕有M、N两个线圈,线圈M与电源、开关S相连,线圈N与电阻R连接成闭合电路。开关S闭合、断开瞬间,关于通过电阻R的电流方向,下列判断正确的是A．闭合S的瞬间,电流方向为a到bB．闭合S的瞬间,电流方向为b到aC．断开S的瞬间,电流方向为a到bD．断开S的瞬间,电流方向为b到a[答案]AD[解析]当闭合S瞬间,M端为螺线管N极,穿过右边线圈的磁通量增大,原磁场方向向下,由法拉第电磁感应定律可知电流方向由a到b,同理可判断AD对；39．如图所示,一条形磁铁从左向右匀速穿过线圈,当磁铁经过A、B两位置时,线圈中NSSKIPIF1<0..ABA．感应电流方向相同,感应电流所受作用力的方向相同B．感应电流方向相反,感应电流所受作用力的方向相反C．感应电流方向相反,感应电流所受作用力的方向相同D．感应电流方向相同,感应电流所受作用力的方向相反[答案]C[解析]本题考查的是楞次定律问题,当磁铁经过A点时,从左沿轴向观察感应电流方向为顺时针,阻碍磁通量增加,当磁铁经过B点时,从左沿轴向观察感应电流方向为逆时针,阻碍磁通量减少,感应电流方向相反,感应电流所受作用力的方向相同都向右,C正确；40．如图甲所示,光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角,M、P两端接一阻值为R的定值电阻,阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置,其他部分电阻不计．整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中,磁场方向垂直导轨平面向上．t＝0时对金属棒施一平行于导轨的外力F,金属棒由静止开始沿导轨向上运动,通过R的感应电流随时间t变化的关系如图乙所示．下列关于穿过回路abPMa的磁通量Φ和磁通量的瞬时变化率以及a、b两端的电压Uab和通过金属棒的电荷量q随时间t变化的图象中,正确的是<　　>[答案]C[解析]设导轨间距为L,通过R的电流I＝＝,因通过R的电流I随时间均匀增大,即金属棒ab的速度v随时间t均匀增大,金属棒ab的加速度a为恒量,故金属棒ab做匀加速运动．磁通量Φ＝Φ0＋BS＝Φ0＋BL×at2＝Φ0＋,Φ∝t2,A错误；＝＝BLat,∝t,B错误；因Uab＝IR,且I∝t,所以Uab∝t,C正确；q=IΔt＝Δt＝＝,q∝t2,所以选项D错误41．LC振荡电路中,某时刻的磁场方向如图所示,则下列说法错误的是<>A.若磁场正在减弱,则电容器正在充电,电流由b向aB.若磁场正在减弱,则电场能正在增大,电容器上板带负电C.若磁场正在增强,则电场能正在减少,电容器上板带正电D.若磁场正在增强,则电容器正在充电,电流方向由a向b[答案]D[解析]本题考查的是LC振荡电路与电容器结合的问题。根据楞次定律,若磁场正在减弱,则电容器正在放电,电流由b向a,电场能正在减小,电容器上极板带正电,所以选项A和B错误；若磁场正在增强,则电容器正在充电,电流由a向b,电场能正在增加,电容器上极板带正电。所以选项C错误；选项D正确。42．如图9－2－12是某电磁冲击钻的原理图,若突然发现钻头M向右运动,则可能是<　　>图9－2－12①开关S闭合瞬间②开关S由闭合到断开的瞬间③开关S已经是闭合的,滑动变阻器滑片P向左迅速滑动④开关S已经是闭合的,滑动变阻器滑片P向右迅速滑动A．①③B．①④C．②③D．②④[答案]A[解析]选A.当开关突然闭合时,左线圈上有了电流,产生磁场,而对于右线圈来说,磁通量增加,由楞次定律可知,为了阻碍磁通量的增加,钻头M向右运动远离左边线圈,故①正确；当开关由闭合到断开瞬间,穿过右线圈的磁通量要减少,为了阻碍磁通量的减少,钻头M要向左运动靠近左边线圈,故②错误；开关闭合时,当滑动变阻器滑片P突然向左滑动时,回路的电阻减小,回路电流增大,产生的磁场增强,穿过右线圈的磁通量增大,为了阻碍磁通量的增加,钻头M向右运动远离左边线圈,故③正确；当滑动变阻器滑片P突然向右滑动时,回路的电阻增大,回路电流减小,产生的磁场减弱,穿过右线圈的磁通量减少,为了阻碍磁通量的减少,钻头M向左运动靠近左边线圈,故④错误．选项A正确．43．<20XX高考课标全国卷>如图9－2－10所示,两个端面半径同为R的圆柱形铁芯同轴水平放置,相对的端面之间有一缝隙,铁芯上绕导线并与电源连接,在缝隙中形成一匀强磁场．一铜质细直棒ab水平置于缝隙中,且与圆柱轴线等高、垂直．让铜棒从静止开始自由下落,铜棒下落距离为0.2R时铜棒中电动势大小为E1,下落距离为0.8R时电动势大小为E2.忽略涡流损耗和边缘效应．关于E1、E2的大小和铜棒离开磁场前两端的极性,下列判断正确的是<　　>图9－2－10A．E1>E2,a端为正　　　　　B．E1>E2,b端为正C．E1如图9－2－9所示的金属圆环放在匀强磁场中,将它从磁场中匀速拉出来,下列说法正确的是<　　>图9－2－9A．向左拉出和向右拉出,其感应电流方向相反B．不管从什么方向拉出,金属圆环中的感应电流方向总是顺时针C．不管从什么方向拉出,环中的感应电流方向总是逆时针D．在此过程中感应电流大小不变[答案]B[解析]选B.金属圆环不管是从什么方向拉出磁场,金属圆环中的磁通量方向不变,且不断减小,根据楞次定律知,感应电流的方向相同,感应电流的磁场方向和原磁场的方向相同,则由右手螺旋定则知感应电流的方向是顺时针方向,B正确．金属圆环匀速出磁场过程中,磁通量的变化率在发生变化,D错误．45．如图1所示,粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈．当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时,若线圈始终不动,则关于线圈受到的支持力FN及在水平方向运动趋势的正确判断是<　　>A．FN先小于mg后大于mg,运动趋势向左B．FN先大于mg后小于mg,运动趋势向左C．FN先小于mg后大于mg,运动趋势向右D．FN先大于mg后小于mg,运动趋势向右[答案]D[解析]当磁铁沿矩形线圈中线AB正上方通过时,线圈中向下的磁通量先增加后减小,由楞次定律可知,线圈中感应电流的方向<从上向下看>先逆时针再顺时针,则线圈先上方为N极下方为S极,后改为上方为S极下方为N极,根据同名磁极相斥、异名磁极相吸,则线圈受到的支持力先大于mg后小于mg,线圈受到向右的安培力,则水平方向的运动趋势向右．D项正确．46．如图11所示,AOC是光滑的金属轨道,AO沿竖直方向,OC沿水平方向,PQ是一根金属直杆如图所示立在导轨上,直杆从图示位置由静止开始在重力作用下运动,运动过程中Q端始终在OC上,空间存在着垂直于纸面向外的匀强磁场,则在PQ杆滑动的过程中,下列判断正确的是<　　>A．感应电流的方向始终是由P→QB．感应电流的方向先是由P→Q,后是由Q→PC．PQ受磁场力的方向垂直杆向左D．PQ受磁场力的方向先垂直于杆向左,后垂直于杆向右[答案]BD[解析]在PQ杆滑动的过程中,杆与导轨所围成的三角形面积先增大后减小,三角形POQ内的磁通量先增大后减小,由楞次定律可判断B项对；再由PQ中电流方向及左手定则可判断D项对．47．<2010·XX模拟>如图10所示,通过水平绝缘的传送带输送完全相同的铜线圈,线圈均与传送带以相同的速度匀速运动．为了检测出个别未闭合的不合格线圈,让传送带通过一固定匀强磁场区域,磁场方向垂直于传送带,线圈进入磁场前等距离排列,穿过磁场后根据线圈间的距离,就能够检测出不合格线圈,通过观察图形,判断下列说法正确的是<　　>A．若线圈闭合,进入磁场时,线圈相对传送带向后滑动B．若线圈不闭合,进入磁场时,线圈相对传送带向后滑动C．从图中可以看出,第2个线圈是不合格线圈D．从图中可以看出,第3个线圈是不合格线圈[答案]AD[解析]A、若线圈闭合,进入磁场时,由于电磁感应现象,由楞次定律可判断线圈相对传送带向后滑动,故A正确；B、若线圈不闭合,不会产生感应电流,线圈不受安培力,故线圈相对传送带不发生滑动,故B错误；C、D由图知1、2、4、5、6线圈都发生了相对滑动,而第3个线圈没有,则第3个线圈为不合格线圈,故C错误,D正确．本题理论联系实际的问题,考查应用物理知识处理实际问题的能力．48．如图9所示,在条形磁铁的中央位置的正上方水平固定一铜质圆环．以下判断中正确的是<　　>A．释放圆环,环下落时环的机械能守恒B．释放圆环,环下落时磁铁对桌面的压力比磁铁受的重力大C．给磁铁水平向右的初速度,磁铁滑出时做减速运动D．给磁铁水平向右的初速度,圆环产生向左运动的趋势[答案]AC[解析]由条形磁铁磁场分布特点可知,穿过其中央位置正上方的圆环的合磁通量为零,所以在环下落的过程中,磁通量不变,没有感应电流,圆环只受重力,则环下落时机械能守恒,A对,B错；给磁铁水平向右的初速度,由楞次定律可知,圆环的运动总是阻碍自身磁通量的变化,所以环要受到向右的作用力,由牛顿第三定律可知,磁铁要受到向左的作用力而做减速运动<或据"总阻碍相对运动"的推论得出>,故C对D错．49．如图8所示,一个金属薄圆盘水平放置在竖直向上的匀强磁场中,下列做法中能使圆盘中产生感应电流的是<　　>A．圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动B．圆盘以某一水平直径为轴匀速转动C．圆盘在磁场中向右匀速平移D．匀强磁场均匀增加[答案]BD[解析]圆盘绕过圆心的竖直轴转动和在磁场中匀速平移,都不会使其磁通量发生变化,故不会有电磁感应现象,A、C错误；圆盘绕水平轴转动或磁场均匀增加,都会使圆盘中的磁通量发生变化,故有感应电流产生,B、D正确．50．现代汽车中有一种先进的制动机构,可保证车轮在制动时不是完全刹死滑行,而是让车轮仍有一定的滚动．经研究这种方法可以更有效地制动,它有一个自动检测车速的装置,用来控制车轮的转动,其原理如图6所示,铁质齿轮P与车轮同步转动,右端有一个绕有线圈的磁体,M是一个电流检测器．当车轮带动齿轮转动时,线圈中会有电流,这是由于齿靠近线圈时被磁化,使磁场增强,齿离开线圈时磁场减弱,磁通量变化使线圈中产生了感应电流．将这个电流经放大后去控制制动机构,可有效地防止车轮被制动抱死．在齿a转过虚线位置的过程中,关于M中感应电流的说法正确的是<　　>A．M中的感应电流方向一直向左B．M中的感应电流方向一直向右C．M中先有自右向左、后有自左向右的感应电流D．M中先有自左向右、后有自右向左的感应电流[答案]D[解析]由楞次定律知,感应电流的"效果"总是阻碍引起感应电流的"原因"．由于齿靠近线圈时被磁化,使磁场增强,感应电流的磁场总要阻碍原磁场增强,由安培定则可知M中感应电流的方向为自左向右；齿离开线圈时磁场减弱,由楞次定律知,M中感应电流方向为自右向左．D项正确．51．如图1所示,闭合线圈abcd在磁场中运动到如图所示位置时,ab边受到的磁场力竖直向上,此线圈的运动情况可能是<　　>A．向右进入磁场B．向左移出磁场C．以ab为轴转动D．以cd为轴转动[答案]B[解析]ab边受磁场力竖直向上,由左手定则知,通过ab的电流方向是由a指向b,由右手定则可知当线圈向左移出磁场时,bc边切割磁感线可产生顺时针方向的电流．当然也可以用楞次定律判断当线圈向左移出磁场时,磁通量减小,产生顺时针的感应电流,故B正确．当以ab或cd为轴转动时,在图示位置,导线不切割磁感线,无感应电流产生,故C、D错．52．矩形线圈abcd位于足够长的通电直导线附近,且线圈平面与导线在同一平面内,如图所示,线圈的两条边ad和bc与导线平行,要使线圈中产生abcda方向的电流,可以A.线圈不动,增大导线中的电流B.线圈不动,减小导线中的电流C.导线中的电流不变,线圈向右平动D.导线中的电流不变,线圈向上平动[答案]BC[解析]A、当电流增大时,垂直纸面向里的磁场,穿过线圈的磁通量增大,根据楞次定律可知,感应电流方向逆时针．故A错误．B、当电流减小时,垂直纸面向里的磁场,穿过线圈的磁通量减小,根据楞次定律可知,感应电流方向顺时针．故B正确．C、当在线圈平面内,垂直bc边向右拉动线圈,逐渐远离线圈,穿过线圈的磁场减小,即穿过线圈的磁通量减小,故产生感应电流为顺时针,即感应电流的方向为abcda．故C正确．D、当在线圈平面内,垂直bc边向右拉动线圈,逐渐远离线圈,穿过线圈的磁场减小,即穿过线圈的磁通量减小,根据楞次定律,产生感应电流为顺时针,故D错误．53．竖直平面内有一形状为抛物线的光滑曲面轨道,如图所示,抛物线方程是y=x2,轨道下半部分处在一个水平向外的匀强磁场中,磁场的上边界是y=a的直线<图中虚线所示>,一个小金属环从抛物线上y=b处以速度v沿抛物线下滑,假设抛物线足够长,金属环沿抛物线下滑后产生的焦耳热总量是<　　>A．mgbB．C．mgD．[答案]D[解析]小金属环进入或离开磁场时,磁通量会发生变化,并产生感应电流,产生焦耳热;当小金属环全部进入磁场后,不产生感应电流,小金属环最终在磁场中做往复运动,由能量守恒可得产生的焦耳热等于减少的机械能,即54．如图所示,通有稳恒电流的长直螺线管竖直放置,铜环R沿螺线管的轴线加速下落.在下落过程中,环面始终保持水平.铜环先后经过轴线上1、2、3位置时的加速度分别为a1、a2、a3.位置2处于螺线管的中心,位置1、3与位置2等距离.设重力加速度为g,则：〔A．a1＜a2＝gB．a3＜a1＜gC．a1＝a3＜a2D．a3＜a1＜a2[答案]ABD[解析]应用楞次定律的广义表述：感应电流的效果总是阻碍引起感应电流的原因；当铜环经过1位置时,正在靠近螺线管,铜环受到的磁场力阻碍铜环靠近螺线管<来拒>,则加速度a1＜g；当铜环经过位置3时,正在远离螺线管,铜环受到的磁场力阻碍铜环远离螺线管<去留>,则加速度a3＜g；当铜环经过2位置时,环中磁通量最大,且运动方向与磁场平行,故不产生感应电流,则加速度a2＝g.又由于从1位置经2位置到3位置的过程中,铜环的速度在逐渐增加,即V3＞V1,故铜环在3位置处所受磁场力比在1位置时所受磁场力大,故a1＞a3.综合考虑则有：a3＜a1＜a2＝g,答案为：ABD55．<2011·XX模拟>如图所示,一根长导线弯成如图abcd的形状,在导线框中通以直流电,在框的正中间用绝缘的橡皮筋悬挂一个金属环P,环与导线框处于同一竖直平面内,当电流I增大时,下列说法中正确的是<>A.金属环P中产生顺时针方向的电流B.橡皮筋的长度增大C.橡皮筋的长度不变D.橡皮筋的长度减小[答案]选B.[解析]导线框中的电流所产生的磁场在金属环P内的磁通量方向垂直于纸面向里,当电流I增大时,金属环P中的磁通量向里且增大,由楞次定律和安培定则可知金属环P中产生逆时针方向的感应电流,故A错;根据对称性及左手定则可知金属环P所受安培力的合力方向向下,并且随电流I的增大而增大,所以橡皮筋会被拉长,故B正确,C、D错.56．<2011·XX模拟>如图所示,绝缘水平面上有两个离得很近的导体环a、b.将条形磁铁沿它们的正中向下移动<不到达该平面>,a、b将如何移动<>A.a、b将相互远离B.a、b将相互靠近C.a、b将不动D.无法判断[答案]选A.[解析]根据Φ=BS,磁铁向下移动过程中B增大,所以穿过每个环中的磁通量都有增大的趋势,由于S不可改变,为阻碍磁通量增大,导体环应该尽量远离磁铁,所以a、b将相互远离.57．<2011·江门模拟>如图是某电磁冲击钻的原理图,若突然发现钻头M向右运动,则可能是<>A.开关S闭合瞬间B.开关S由闭合到断开的瞬间C.开关S已经是闭合的,变阻器滑片P向左迅速滑动D.开关S已经是闭合的,变阻器滑片P向右迅速滑动[答案]选A、C.[解析]M向右运动是阻碍磁通量的增加,原因是左边螺线管中电流的磁场增强,所以有两种情况,一是S闭合,二是滑片P向左滑动,故A、C对.58．〔09·XX·17如图所示,在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中,有一质量为、阻值为的闭合矩形金属线框用绝缘轻质细杆悬挂在点,并可绕点摆动。金属线框从右侧某一位置静止开始释放,在摆动到左侧最高点的过程中,细杆和金属线框平面始终处于同一平面,且垂直纸面。则线框中感应电流的方向是〔A．B．C．先是,后是D．先是,后是[答案]B[解析]由楞