2019-2020年最新天津市中考物理二模试卷及答案解析

天津市和平区中考物理二模 试卷 云南省高中会考试卷哪里下载南京英语小升初试卷下载电路下试卷下载上海试卷下载口算试卷下载 　一、单项选择题（每小题3分，共30分，每小题只有一个选项最符合题意）1．下列有关声现象的说法正确的是（　　）A．女“高音”歌唱家中的“高”是描述声音的响度B．在相同的玻璃瓶中装不同高度的水，用同样大小的力敲击玻璃瓶，会改变发声的音调高低C．二胡通过琴弦的振动发声，演奏者可以通过调节弦的松紧改变弦发声的响度大小D．在教室中安装噪声监测装置，可以使教室内的学生免受环境噪声的干扰2．下列有关热现象的说法正确的是（　　）A．冬天，晾在室外结冰的湿衣服也会慢慢的变干，是冰直接吸热升华成水蒸气B．戴眼镜的人从温暖的室内进入寒冷的室外，镜片会蒙上一层小水珠C．北方的冬天，看到户外的人不断呼出“白气”，是呼出的水蒸气凝华结成的雾滴D．美丽的树挂、霜、露珠都是水蒸气放热凝华形成的3．如图所示，对于通电螺线管极性标注正确的是（　　）A．B．C．D．4．如图所示，用被毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，发现验电器的两片金属箔张开，以下说法正确的是（　　）A．金属球带负电，金属箔带正电B．金属球和金属箔都带正电C．两片金属箔都带负电，由于互相排斥而张开D．两片金属箔都带正电，由于互相排斥而张开5．如图所示是小明常用的一个插线板．他在使用中发现：插线板上的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压．选项中正确的连接方式是（　　）A．B．C．D．6．有关图中说法正确的是（　　）A．自行车的车闸，是通过增大接触面间的粗糙程度来增大摩擦力B．涂有防滑粉的手，是通过增大接触面间的粗糙程度来增大摩擦力C．推土机是通过增大受力面积来减小推土机对地面的压力D．破窗锤是通过减小受力面积来减小破窗锤对玻璃窗的压强7．如图所示，在研究“阻力对物体运动的影响”的实验中，小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车在水平木板上滑行的距离，以下说法正确的是（　　）A．小车在斜面上受到重力、支持力和摩擦力的作用B．小车在斜面上受到重力、支持力和下滑力的作用C．小车在斜面上由静止滑下是由于惯性的作用D．小车在水平木板上受到两对平衡力的作用8．在“比较水和食用油吸热的情况”的实验中，同学们用相同规格的电加热器加热质量和初温都相等的水和食用油（如图所示），下列说法正确的是（　　）A．采用相同规格的电加热器是使水和油升高相同温度时吸收的热量相同B．在实验中，通过物质升温的多少来比较水和油吸收热量的多少C．在实验中，物体升高相同温度时吸热的多少是由物质的种类决定的D．在实验中，食用油吸热升温较快，说明加热相同时间食用油吸收热量较多9．叉鱼时，只有瞄准鱼的下方才能叉到鱼．S表示鱼，S′表示鱼的像，如图所示，光路正确 规范 编程规范下载gsp规范下载钢格栅规范下载警徽规范下载建设厅规范下载 的是（　　）A．B．C．D．10．下列描述中，最接近实际的是（　　）A．台灯的额定功率为220WB．人步行的速度是5m/sC．试卷的宽度约为30dmD．一瓶普通矿泉水的质量约为0.5kg　二、多项选择题（每小题3分，共9分，每小题均有多个选项符合题意，全部选对得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得0分）11．如图所示为小明做“探究凸透镜成像规律”的实验装置图．透镜的焦距为15cm，要使蜡烛在光屏上成清晰的像，在蜡烛、凸透镜和光屏三者中，只移动其中的一个，其余两个不动，下列措施中可行的是（　　）A．光屏向左移动B．光屏向右移动C．蜡烛向左移动D．透镜向右移动12．如图所示，放在水平桌面上底面积为S的柱形薄壁容器（足够高）中有密度为ρ的液体，再将重为G0，密度为ρ0的小球从液面处缓慢释放，待小球静止后，下列说法正确的是（　　）A．容器对桌面增加的压强不一定是B．容器对桌面增加的压强一定是C．液体对容器底增加的压强可能是D．液体对容器底增加的压强可能是13．如图所示，电源电压恒为6V，小灯泡R1标有“4V，1.6W”字样（阻值保持不变），R2=20Ω．滑动变阻器R3标有“30Ω，1A”．电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V．下列说法正确的是（　　）A．闭合S2，断开S1、S3时，通过电阻R2电流为0.2AB．断开S2，闭合S1、S3时，滑动变阻器R3连入阻值范围5Ω～10ΩC．闭合开关S3，断开S1、S2时，电灯R1消耗的功率范围为0.225W～0.9WD．闭合所有开关，滑动变阻器R1消耗的最大功率和最小功率之比为3：1　三、填空题（每小题4分，共24分）14．小夏站在平面镜前，当她平行于平面镜左右移动时，以小夏为参照物，她的像是　　　　　　（选填“运动”或“静止”）的，当她匀速靠近平面镜时，她的像的大小　　　　　　（选填“变大”、“不变”或“变小”）．15．如图所示，是探究“物体的动能与质量关系”的实验装置，实验中要控制小球从同一高度自由下滑，这是为了保证小球运动到水平面时　　　　　　相同，在下滑的过程中物体的动能将　　　　　　（选填“增大”、“减小”或“不变”）．16．标有“220V100W”的灯泡，正常发光1min产生　　　　　　J的热量，1度电可供它正常工作　　　　　　h．17．现有两个分别标有“6V，6W”和“3V，6W”的灯泡L1和L2，若将它们串联后接在某一电源上，使其中一个灯泡正常发光，则电路中的电流是　　　　　　，电源电压是　　　　　　．18．如图是搬运砖头的独轮车，独轮车属于　　　　　　（选填“省力”或“费力”）杠杆．车箱和砖头的总重G=1200N，独轮车的有关尺寸如图所示．推车时，人手竖直向上的力F应为　　　　　　．19．起重机把质量为0.5t的重物匀速提升了3m，而它的电动机所做的功是2.4×104J，起重机提升重物所做的有用功是　　　　　　J，起重机的机械效率是　　　　　　．（g=10N/kg）　四、综合题（共37分，解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位）20．小华家的电热水壶铭牌如表所示，他将电热水壶装满初温为20℃的水，用时15min将水加热到50℃，已知c水=4.2×103J/（kg•℃），求：（1）水吸收的热量；（2）电热水壶的热效率． 型号：PD105﹣50G 容量：5L 　额定电压：220V/50Hz 额定功率：750W 整机尺寸：280×200×350mm 产品净重：2.5kg21．如图所示，电阻R1=10Ω，开关S由断开到闭合，电流表的示从0.6A变为1A．若电流电压保持不变，求：（1）电阻R2的阻值；（2）开关S闭合时，电路消耗的总功率．22．小华同学到实验室做“测量小灯泡额定功率”的分组实验，待测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω．（1）在图甲中用笔画线代替导线，完成测量该小灯泡的额定功率时的电路连接．（2）在图丁的虚线框内画出对应的电路图．（3）经检查无误后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，则小灯泡两端电压为　　　　　　，此时应将滑动变阻器滑片向　　　　　　（选填“A”或“B”）端移动．（4）改变滑动变阻器的阻值，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，小灯泡的额定功率为　　　　　　．23．在“探究影响液体内部的压强大小的因素”实验中，某小组提出了如下猜想．猜想一：液体内部的压强大小跟液体的密度有关；猜想二：液体内部的压强大小跟液体的深度有关；猜想三：液体内部的压强大小跟方向有关．实验中利用如图所示的测量液体内部压强的仪器和老师提供的相应器材进行探究．（1）实验中通过比较　　　　　　，反映探头处液体的压强大小．（2）验证猜想二时，应保持　　　　　　和探头的方向不变，改变　　　　　　．（3）设计出探究“猜想三”的记录数据 表格 关于规范使用各类表格的通知入职表格免费下载关于主播时间做一个表格详细英语字母大小写表格下载简历表格模板下载 ．24．小明想测量牛奶的密度，带着牛奶来到实验室，物理老师拿给他以下器材：a．弹簧测力计：量程为5N分度值0.2Nb．最小砝码为1g，标尺的最小刻度为20mg的托盘天平（已调平衡）其它器材：小烧杯，体积适当的金属块（已知密度ρ0），足量的细线让他从这些器材中选用一部分进行测量，请你帮助小明设设计一个最佳的实验 方案 气瓶 现场处置方案 .pdf气瓶 现场处置方案 .doc见习基地管理方案.doc关于群访事件的化解方案建筑工地扬尘治理专项方案下载 ，测量结果尽量精确．要求：（1）写出选用的器材；（2）写出主要的实验步骤；（3）推导出计算牛奶密度的表达式（用已知量和测量量表示）．25．如图所示．底面积为S的圆柱形薄壁容器内装有密度为ρ的液体．密度为ρ0、横截面积为S0、高度为h0的圆柱形物块由一段非弹性细线与天花板相连，且部分浸入液体中，细线刚好被拉直．打开容器底部的抽液机匀速向外排液，若细线能承受的最大拉力为T，当细线上拉力为T时，停止排液．请解答下列问题：（1）细线刚好被拉直，物块浸入液体中的深度；（2）推导出细线被拉断前．细线对物块拉力F与抽液机排出的液体质量m之间的关系式；（3）在图乙中，定性画出物体所受浮力与抽液机排出的液体质量m变化关系．　天津市和平区中考物理二模试卷参考答案与试题解析　一、单项选择题（每小题3分，共30分，每小题只有一个选项最符合题意）1．下列有关声现象的说法正确的是（　　）A．女“高音”歌唱家中的“高”是描述声音的响度B．在相同的玻璃瓶中装不同高度的水，用同样大小的力敲击玻璃瓶，会改变发声的音调高低C．二胡通过琴弦的振动发声，演奏者可以通过调节弦的松紧改变弦发声的响度大小D．在教室中安装噪声监测装置，可以使教室内的学生免受环境噪声的干扰【分析】（1）音调和物体振动频率有关，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低；（2）声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；（3）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声、阻断噪声的传播、在人耳处减弱噪声．【解答】解：A、女高音歌唱家中的高音指的是声音中的音调高．故A错误；B、敲击玻璃瓶时主要是水和玻璃瓶在振动，水越少，越容易振动，所以水越少振动越快，音调越高，在相同的玻璃瓶中装不同高度的水，用同样大小的力敲击玻璃瓶，会改变发声的音调高低，故B正确．C、音调的高低与弦的松紧有关系，故如果要改变音调可以通过改变弦的松紧来达到目的，故C错误；D、安装噪声监测器只会测出噪声的分贝，但不能减弱噪声，故D错误．故选B．　2．下列有关热现象的说法正确的是（　　）A．冬天，晾在室外结冰的湿衣服也会慢慢的变干，是冰直接吸热升华成水蒸气B．戴眼镜的人从温暖的室内进入寒冷的室外，镜片会蒙上一层小水珠C．北方的冬天，看到户外的人不断呼出“白气”，是呼出的水蒸气凝华结成的雾滴D．美丽的树挂、霜、露珠都是水蒸气放热凝华形成的【分析】物体由气态变为液态的过程叫液化；物体由固态变为气态的过程叫升华；物体由气态变为固态的现象叫凝华；根据我们对于凝华、液化和升华的理解来作答．【解答】解：A、冰是固体，变干就是变为了气态，固态变为气态叫升华，升华吸热，故A正确；B、戴眼镜的人从温暖的室内进入寒冷的室外，镜片温度较高，水蒸气不容易液化，镜片不会蒙上一层小水珠，故B错误；C、方的冬天，室外的气温很低，户外的人们呼出的水蒸气温度较高，遇到外面的冷空气会放出热量液化成小水珠，就形成了我们看到的“白气”，故C错误；D、美丽的树挂、霜是空气中的水蒸气在夜晚遇冷凝华形成的，露珠是水蒸气液化形成的，故D错误．故选A．　3．如图所示，对于通电螺线管极性标注正确的是（　　）A．B．C．D．【分析】用安培定则判断出通电螺线管的磁极，然后对各个选项逐一分析即可．【解答】解：A、由图知电流从螺线管右侧流进，由安培定则判断出通电螺线管的左端为N极，右端应为S极，根据磁极间的相互作用可知，小磁针左端应为N极，右端为S极，故A错误；B、由图知电流从螺线管右侧流进，由安培定则判断出通电螺线管的左端为N极，右端应为S极，根据磁极间的相互作用可知，小磁针左端应为N极，右端为S极，故B错误；C、由图知电流从螺线管下端流进，由安培定则判断出通电螺线管的上端为N极，下端为S极，根据磁极间的相互作用可知，小磁针下端为S极，上端为N极，故C正确；D、由图知电流从螺线管左侧流进，由安培定则判断出通电螺线管的右端为N极，左端应为S极，根据磁极间的相互作用可知，小磁针右端应为S极，左端为N极，故D错误；故选C．　4．如图所示，用被毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，发现验电器的两片金属箔张开，以下说法正确的是（　　）A．金属球带负电，金属箔带正电B．金属球和金属箔都带正电C．两片金属箔都带负电，由于互相排斥而张开D．两片金属箔都带正电，由于互相排斥而张开【分析】解决该题需掌握：（1）在实验室中，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；（2）验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥．【解答】解：用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，故用它去接触验电器的金属球时，验电器也带上负电，即验电器的金属球和两个金属箔片上都带上了负电，由于同种电荷相互排斥，故其两个金属箔片会张开．故选C．　5．如图所示是小明常用的一个插线板．他在使用中发现：插线板上的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压．选项中正确的连接方式是（　　）A．B．C．D．【分析】干路开关控制所有的用电器．并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响．【解答】解：插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全．如图所示：故选B．　6．有关图中说法正确的是（　　）A．自行车的车闸，是通过增大接触面间的粗糙程度来增大摩擦力B．涂有防滑粉的手，是通过增大接触面间的粗糙程度来增大摩擦力C．推土机是通过增大受力面积来减小推土机对地面的压力D．破窗锤是通过减小受力面积来减小破窗锤对玻璃窗的压强【分析】利用以下 知识点 高中化学知识点免费下载体育概论知识点下载名人传知识点免费下载线性代数知识点汇总下载高中化学知识点免费下载 分析解答：（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．（2）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强．（3）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强．【解答】解：A、自行车的车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故A错误；B、涂有防滑粉的手，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．故B正确；C、推土机是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C错误；D、破窗锤是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故D错误．故选B．　7．如图所示，在研究“阻力对物体运动的影响”的实验中，小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车在水平木板上滑行的距离，以下说法正确的是（　　）A．小车在斜面上受到重力、支持力和摩擦力的作用B．小车在斜面上受到重力、支持力和下滑力的作用C．小车在斜面上由静止滑下是由于惯性的作用D．小车在水平木板上受到两对平衡力的作用【分析】分别对小车在斜面上时和水平面上时的运动状态和受力情况进行分析，可对选项中的描述逐一做出判断．【解答】解：A、小车在斜面上下滑，受到自身的重力，斜面对小车的支持力，同时受到斜面的摩擦力，故A正确；B、小车在斜面是由于重力向下滑行，不是受到下滑力的作用，故B错误；C、小车在斜面是由于重力向下滑行，不是由于惯性，更不能说是惯性的作用，故C错误；D、小车在水平木板上受到的重力和支持力是一对平衡力，但在水平方向上只受阻力，故受力不平衡，故D错误．故选A．　8．在“比较水和食用油吸热的情况”的实验中，同学们用相同规格的电加热器加热质量和初温都相等的水和食用油（如图所示），下列说法正确的是（　　）A．采用相同规格的电加热器是使水和油升高相同温度时吸收的热量相同B．在实验中，通过物质升温的多少来比较水和油吸收热量的多少C．在实验中，物体升高相同温度时吸热的多少是由物质的种类决定的D．在实验中，食用油吸热升温较快，说明加热相同时间食用油吸收热量较多【分析】在“比较水和食用油吸热的情况”的实验中，要注意吸热多少、升高温度高低、液体质量和控制，结合实验条件，运用公式Q=cm△t可对选项中的描述逐一做出判断．【解答】解：A、采用相同规格的电加热器是使水和油加热相同时间的情况下，吸收的热量相同，而不是升高相同温度时吸收的热量相同，故A错误；B、在实验中，通过加热时间的长短，来比较水和油吸收热量的多少，而不是通过物质升温的多少来比较水和油吸收热量的多少，故B错误；C、由公式Q=cm△t可知，在实验中，液体的质量相同，因此物体升高相同温度时吸热的多少是由物质的种类决定的，即由物质的比热容决定的，故C正确；D、在实验中，食用油吸热升温较快，说明食用油的比热容小，而不是加热相同时间食用油吸收热量较多，在相同时间内，它们的吸热多少是相同的，故D错误．故选C．　9．叉鱼时，只有瞄准鱼的下方才能叉到鱼．S表示鱼，S′表示鱼的像，如图所示，光路正确规范的是（　　）A．B．C．D．【分析】从鱼身上反射的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼的位置偏高，变浅了．【解答】解：AB、叉鱼时，渔民看到鱼的像，光线是从水中射向空气进入人眼，图中光线传播方向画反了．故AB错误；CD、叉鱼时，渔民看到鱼的像，光线是从水中射向空气进入人眼，根据光的折射定律可知，光线从水中射向空气中时，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼的位置偏高，因此看到像的光线应该用虚线．故C错误，D正确．故选D．　10．下列描述中，最接近实际的是（　　）A．台灯的额定功率为220WB．人步行的速度是5m/sC．试卷的宽度约为30dmD．一瓶普通矿泉水的质量约为0.5kg【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．【解答】解：A、台灯的额定功率约为25W．故A错误；B、人正常步行速度大约是1.2m/s，故B错误；C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，试卷的宽度比20cm大一些，在30cm=3dm左右．故C错误；D、一瓶普通矿泉水的体积在500cm3左右，质量在m=ρV=1.0g/cm3×500cm3=500g=0.5kg左右．故D正确．故选D．　二、多项选择题（每小题3分，共9分，每小题均有多个选项符合题意，全部选对得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得0分）11．如图所示为小明做“探究凸透镜成像规律”的实验装置图．透镜的焦距为15cm，要使蜡烛在光屏上成清晰的像，在蜡烛、凸透镜和光屏三者中，只移动其中的一个，其余两个不动，下列措施中可行的是（　　）A．光屏向左移动B．光屏向右移动C．蜡烛向左移动D．透镜向右移动【分析】本题首先要知道使蜡烛在光屏上成清晰的像的条件：物体在焦点以内，无论怎样移动光屏，都不会在光屏上得到像；其次要用到透镜的焦距为15cm；可通过调节蜡烛或透镜满足蜡烛在一倍焦距以外．【解答】解：将蜡烛左移，在一倍焦距和二倍焦距之间时，在光屏上会出现一个清晰的像；透镜向右移动，也可以实现物体在一倍焦距和二倍焦距之间，或物体在二倍焦距以外时，在光屏上能成实像的情形．故选C、D．　12．如图所示，放在水平桌面上底面积为S的柱形薄壁容器（足够高）中有密度为ρ的液体，再将重为G0，密度为ρ0的小球从液面处缓慢释放，待小球静止后，下列说法正确的是（　　）A．容器对桌面增加的压强不一定是B．容器对桌面增加的压强一定是C．液体对容器底增加的压强可能是D．液体对容器底增加的压强可能是【分析】将容器和小球看作一个整体，桌面受到的压力等于容器和小球的总重力，然后根据△p==可知容器对桌面增加的压强；液体对容器底增加的压强分两种情况分析：漂浮和悬浮以及下沉到容器底部三种情况；因为容器为圆柱形，因此可利用p=进行分析．【解答】解：AB、将容器和小球看作一个整体，桌面受到压力的增加量为小球的重力，因此容器对桌面增加的压强为：△p===，故A错误，B正确；CD、当小球漂浮或悬浮时，容器底部增加的压力：△F′=G0，则液体对容器底增加的压强：△p==，故C正确；当小球下沉到容器底部时，容器底部增加的压力：△F″=pS=ρg××S=，液体对容器底增加的压强：△p==ρ，故D正确．故选BCD．　13．如图所示，电源电压恒为6V，小灯泡R1标有“4V，1.6W”字样（阻值保持不变），R2=20Ω．滑动变阻器R3标有“30Ω，1A”．电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V．下列说法正确的是（　　）A．闭合S2，断开S1、S3时，通过电阻R2电流为0.2AB．断开S2，闭合S1、S3时，滑动变阻器R3连入阻值范围5Ω～10ΩC．闭合开关S3，断开S1、S2时，电灯R1消耗的功率范围为0.225W～0.9WD．闭合所有开关，滑动变阻器R1消耗的最大功率和最小功率之比为3：1【分析】（1）根据P=求出小灯泡的阻值，闭合S2，断开S1、S3时，R1与R2串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流即为通过电阻R2电流；（2）断开S2，闭合S1、S3时，电路为R3的简单电路，电流表测电路中的电流，比较滑动变阻器允许通过的最大电流和电流表量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出最小值，然后得出滑动变阻器R3连入阻值范围；（3）闭合开关S3，断开S1、S2时，R1与R3串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，当电压表的示数最大时，电路中的电流最大，灯泡消耗的电功率最大，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，根据P=I2R灯泡消耗的最大功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=I2R求出灯泡的最小功率，然后得出答案；（4）闭合所有开关时，R2与R3并联，电流表测R3支路的电流，当电流表的示数最大时，滑动变阻器消耗的电功率最大，根据并联电路的电压特点和P=UI求出最大值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，滑动变阻器消耗的电功率最小，根据P=求出最小值，然后得出答案．【解答】解：（1）由P=可得，小灯泡的阻值：R1===10Ω；闭合S2，断开S1、S3时，R1与R2串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，通过电阻R2电流：I2=I===0.2A，故A正确；（2）断开S2，闭合S1、S3时，电路为R3的简单电路，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表量程为0～0.6A，所以，电路中的最大电流I大=0.6A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，则R3小===10Ω，所以，滑动变阻器R3连入阻值范围10Ω～30Ω，故B错误；（3）闭合开关S3，断开S1、S2时，R1与R3串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，当电压表的示数UL′=3V时，电路中的电流最大，灯泡消耗的电功率最大，则Imax===0.3A，灯泡消耗的最大功率：P1大=Imax2R2=（0.3A）2×10Ω=0.9W，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，则电路中的最小电流：Imin===0.15A，灯泡的最小功率：P1小=Imin2R2=（0.15A）2×10Ω=0.225W，所以，电灯R1消耗的功率范围为0.225W～0.9W，故C正确；（4）闭合所有开关时，R2与R3并联，电流表测R3支路的电流，当电流表的示数最大I3大=0.6A时，滑动变阻器消耗的电功率最大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，P3大=UI3大=6V×0.6A=3.6W，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，滑动变阻器消耗的电功率最小，P3小===1.2W，所以，P3大：P3小=3.6W：1.2W=3：1，故D正确．故选ACD．　三、填空题（每小题4分，共24分）14．小夏站在平面镜前，当她平行于平面镜左右移动时，以小夏为参照物，她的像是　静止　（选填“运动”或“静止”）的，当她匀速靠近平面镜时，她的像的大小　不变　（选填“变大”、“不变”或“变小”）．【分析】判断物体动与静的方法：先选择假定不动的物体，即参照物，再判断被研究物体与参照物间有没有位置的变化，有变化则动，无变化则静．平面镜成像的特点之一：像与物的大小相同．【解答】解：因为平面镜成像中，像与物体关于平面镜对称，因此，当她平行于平面镜左右移动时，以小夏为参照物，像的位置没有发生改变，所以是静止的；依据平面镜成像特点，像与物大小相同，所以，当她匀速靠近平面镜时，她的像的大小不变．故答案为：静止；不变．　15．如图所示，是探究“物体的动能与质量关系”的实验装置，实验中要控制小球从同一高度自由下滑，这是为了保证小球运动到水平面时　速度　相同，在下滑的过程中物体的动能将　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”）．【分析】要探究“物体的动能与质量的关系”，需要控制物体的速度相同，改变物体的质量；小球从斜面的同一高度自由下滑时，小球到达水平面时速度相同；根据机械能的转化可知：小球从斜面上滑下时，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能．【解答】解：要探究“物体的动能与质量的关系”，需要控制物体的速度相同；实验中要控制小球从同一高度自由下滑，这样可以保证小球运动到水平面时的速度相同；小球在下滑的过程中，小球所处的高度减小，则小球的重力势能减小；重力势能转化为动能，小球的动能增大，速度越来越快．故答案为：速度；增大．　16．标有“220V100W”的灯泡，正常发光1min产生　6×103　J的热量，1度电可供它正常工作　10　h．【分析】（1）根据Q=W=Pt计算灯泡正常发光产生的热量．（2）根据t=计算时间．【解答】解：（1）灯泡正常发光，功率是100W，Q=W=Pt=100W×60s=6×103J．（2）P'=100W=0.1kWt'=．故答案为：6×103；10．　17．现有两个分别标有“6V，6W”和“3V，6W”的灯泡L1和L2，若将它们串联后接在某一电源上，使其中一个灯泡正常发光，则电路中的电流是　1A　，电源电压是　7.5V　．【分析】（1）要解决此题，需要掌握串并联电路的电流、电压关系．①在并联电路中，各支路两端的电压相等．所以要计算干路允许通过的最大电流，应首先确定两灯泡两端允许加的最大电压．②串联电路中的电流相等，所以要计算两灯泡串联时两端加的最大电压，应先确定串联时电路中的最大电流．（2）要掌握电功率的计算公式，能根据额定电压和额定功率计算出其额定电流．【解答】解：根据题意知，L1的额定电压U1=6V，额定功率P1=6W．所以L1的额定电流为：I1===1A，L1的电阻为：R1===6Ω，L2的额定电压为U2=3V，额定功率为P2=6W．所以L2的额定电流为：I2===2AL2的电阻为：R2===1.5Ω，若两灯泡并联，若使其中一个灯泡正常发光，电源电压应为3V．所以干路电流为：I=+I2=+2A=2.5A若两灯泡串联，使其中一个灯泡正常发光，则电路中的电流应为I串=1A．所以电源电压为：U串=U1+I串R2=6V+1A×1.5Ω=7.5V．故答案为：1A；7.5V．　18．如图是搬运砖头的独轮车，独轮车属于　省力　（选填“省力”或“费力”）杠杆．车箱和砖头的总重G=1200N，独轮车的有关尺寸如图所示．推车时，人手竖直向上的力F应为　300　．【分析】①结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；②再根据杠杆平衡原理计算人手向上的力的大小．【解答】解：独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆．根据杠杆平衡原理F1L1=F1L1得，FL1=GL2，F×1.2m=1200N×0.3mF=300N．故答案为：省力；300．　19．起重机把质量为0.5t的重物匀速提升了3m，而它的电动机所做的功是2.4×104J，起重机提升重物所做的有用功是　1.5×104　J，起重机的机械效率是　62.5%　．（g=10N/kg）【分析】知道重物的质量和提升的高度，根据W=Gh=mgh求出起重机提升重物所做的有用功，又知道电动机所做的功，根据η=×100%求出起重机的机械效率．【解答】解：起重机提升重物所做的有用功：W有=Gh=mgh=0.5×103kg×10N/kg×3m=1.5×104J，起重机的机械效率：η=×100%=×100%=62.5%．故答案为：1.5×104；62.5%．　四、综合题（共37分，解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位）20．小华家的电热水壶铭牌如表所示，他将电热水壶装满初温为20℃的水，用时15min将水加热到50℃，已知c水=4.2×103J/（kg•℃），求：（1）水吸收的热量；（2）电热水壶的热效率． 型号：PD105﹣50G 容量：5L 　额定电压：220V/50Hz 额定功率：750W 整机尺寸：280×200×350mm 产品净重：2.5kg【分析】（1）满壶水的体积和自身的容积相等，根据m=ρV求出水的质量，知道水的质量和初温、初温以及比热容，根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；（2）知道加热功率和时间，根据W=Pt求出消耗的电能，利用η=×100%求出电热水壶的热效率．【解答】解：（1）一满壶水的体积：V=5L=5dm3=5×10﹣3m3，由ρ=可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×5×10﹣3m3=5kg，水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（50℃﹣20℃）=6.3×105J；（2）由P=可得，消耗的电能：W=Pt=750W×15×60s=6.75×105J，电热水壶的热效率：η=×100%=×100%≈93.3%．答：（1）水吸收的热量为6.3×105J；（2）电热水壶的热效率为93.3%．　21．如图所示，电阻R1=10Ω，开关S由断开到闭合，电流表的示从0.6A变为1A．若电流电压保持不变，求：（1）电阻R2的阻值；（2）开关S闭合时，电路消耗的总功率．【分析】S从断开到闭合，给R1并联了另一个电阻R2，因为电源电压不变，所以R1中的电流不变，都为I1=0.6A，当S闭合时I=1A，所以I2=I﹣I1=1A﹣0.6A=0.4A，根据并联电路中电流和电阻的关系，可求R2的大小，再求出总电阻，知道电源电压，也就可以求总功率【解答】解：（1）当S从断开到闭合，给R1并联了另一个电阻R2，因为电源电压不变，所以R1中的电流不变，都为I1=0.6A，当S闭合时：I=1A，所以I2=I﹣I1=1A﹣0.6A=0.4A∵两电阻R1R2并联∴∴（2）U=U1=I1×R1=0.6A×10Ω=6VP=UI=6V×1A=6W答：（1）电阻R2的阻值是15Ω；（2）开关S闭合时，电路消耗的总功率为6W．　22．小华同学到实验室做“测量小灯泡额定功率”的分组实验，待测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω．（1）在图甲中用笔画线代替导线，完成测量该小灯泡的额定功率时的电路连接．（2）在图丁的虚线框内画出对应的电路图．（3）经检查无误后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，则小灯泡两端电压为　2.2V　，此时应将滑动变阻器滑片向　B　（选填“A”或“B”）端移动．（4）改变滑动变阻器的阻值，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，小灯泡的额定功率为　0.75W　．【分析】（1）根据灯泡的额定电压、电阻、计算额定电流，确定电表量程，同时注意电表“正进负出”．（2）画电路图时注意打点，标注原件名称．（3）读出电压表示数，通过电压表读数，确定滑动变阻器的阻值的变化．（4）读出电流表示数，通过P=UI计算电功率．【解答】解：（1）灯泡额定电压2.5V，电压表选择0﹣3V量程，并联在灯泡两端；灯泡电阻约10Ω，灯泡电流I=，选择0﹣0.6A量程，与灯泡串联，注意电池串联，连线如图．（2）电路图如图．（3）电压表的量程为0﹣3V，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应使电路中的电流增大，滑动变阻器的阻值应变小，滑片应向B端移动．（4）当电压为2.5V，电流表量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，电流表示数0.3A，P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．故答案为：（1）如图所示；（2）如图所示；（3）2.2V；B；（4）0.75W．　23．在“探究影响液体内部的压强大小的因素”实验中，某小组提出了如下猜想．猜想一：液体内部的压强大小跟液体的密度有关；猜想二：液体内部的压强大小跟液体的深度有关；猜想三：液体内部的压强大小跟方向有关．实验中利用如图所示的测量液体内部压强的仪器和老师提供的相应器材进行探究．（1）实验中通过比较　U形管左右两侧液面高度差的大小　，反映探头处液体的压强大小．（2）验证猜想二时，应保持　液体的密度　和探头的方向不变，改变　探头在液体中的深度　．（3）设计出探究“猜想三”的记录数据表格．【分析】（1）在实验中液体压强的大小变化不易直接测量，可以寻找液体压强的变化会引起哪些物理量发生变化，看能否通过形象直观的变化来反应液体压强的大小变化；（2）液体内部压强的特点是：液体内部压强随着深度的增加而增大，同一深度，液体内部向各个方向的压强相等，不同液体内部的压强还与液体的密度有关．在进行分别探究时，一定要按控制变量法的要求来进行实验；（3）运用控制变量法，要探究液体内部压强跟方向的关系，要控制其他变量保持不变．【解答】解：（1）在实验中，有很多物理量难于用仪器、仪表直接测量，就可以根据物理量之间的定量关系和各种效应把不易测量的物理量转化成易于测量的物理量进行测量，这种方法就叫转换法；实验中液体压强的大小变化不易直接测量，液体压强的变化会引起压强计的探头受到的压力发生变化，从而导致压强计探头上的橡皮膜的形状发生变化，进而引起压强计U形管两侧液面的高度差发生变化，因此可以利用压强计U形管两侧液面的高度差来判断液体压强的大小变化；（2）探究液体内部的压强大小跟液体的深度有关实验时控制液体的密度和探头的朝向相同，改变探头深度．U型管两侧液面的高度差不同，可得出的结论是：液体内部压强随深度的增加而增大；（3）运用控制变量法，要探究液体内部压强跟方向的关系，要控制液体的密度和探头在液体的深度一定，改变探头的方向，观察U形管左右两侧液面高度差，得出结论，设计表格如下： 实验次数 液体密度ρ/（kg•m3） 液体深度h/m 探头的方向 U形管左右两侧液面高度差△h/m 结论 故答案为：（1）U形管左右两侧液面高度差的大小；（2）液体的密度；探头在液体中的深度；（3）见上表．　24．小明想测量牛奶的密度，带着牛奶来到实验室，物理老师拿给他以下器材：a．弹簧测力计：量程为5N分度值0.2Nb．最小砝码为1g，标尺的最小刻度为20mg的托盘天平（已调平衡）其它器材：小烧杯，体积适当的金属块（已知密度ρ0），足量的细线让他从这些器材中选用一部分进行测量，请你帮助小明设设计一个最佳的实验方案，测量结果尽量精确．要求：（1）写出选用的器材；（2）写出主要的实验步骤；（3）推导出计算牛奶密度的表达式（用已知量和测量量表示）．【分析】①由于没有量筒，无法直接测量液体的体积，而计算液体密度要用到液体的体积，因此如何利用现有器材求出液体的体积是解决此题的关键．②由于烧杯的容积是一定的，可以用烧杯中装满水和装满牛奶时的体积相等，都等于烧杯的容积，利用水的体积来代换牛奶的体积．③为了测出烧杯装满水时水的体积，需要利用天平分别测出空烧杯的质量和烧杯装满水时烧杯和水的总质量．结合水的密度求出水的体积，即烧杯的容积．④为了保证牛奶的体积和水的体积相等，所以也要在空烧杯中装满牛奶，再测出盛满牛奶的烧杯和牛奶的总质量．【解答】解：（1）选用器材：托盘天平，小烧杯；（2）实验步骤：①利用天平测出空烧杯的质量m1．②在空烧杯中装满水，用天平测出烧杯和水的总质量m2．③在烧杯中装满牛奶，再测出盛满牛奶的烧杯和牛奶的总质量m3．（3）表达式：牛奶的质量：m=m3﹣m1；水的质量m水=m2﹣m1；结合水的密度ρ水，可以求得水的体积，即待测液体的体积：V==；所以牛奶的密度为：ρ奶===．答：（1）托盘天平，小烧杯；（2）步骤同上；（3）ρ奶=．　25．如图所示．底面积为S的圆柱形薄壁容器内装有密度为ρ的液体．密度为ρ0、横截面积为S0、高度为h0的圆柱形物块由一段非弹性细线与天花板相连，且部分浸入液体中，细线刚好被拉直．打开容器底部的抽液机匀速向外排液，若细线能承受的最大拉力为T，当细线上拉力为T时，停止排液．请解答下列问题：（1）细线刚好被拉直，物块浸入液体中的深度；（2）推导出细线被拉断前．细线对物块拉力F与抽液机排出的液体质量m之间的关系式；（3）在图乙中，定性画出物体所受浮力与抽液机排出的液体质量m变化关系．【分析】（1）细线刚好被拉直，则物块不受拉力作用，此时有G=F浮，根据G=mg、ρ=表示出重力，根据阿基米德原理表示出浮力，联立求解即可得出答案；（2）设抽液机排出的液体质量m，容器内液面下降的高度为h′，则下降部分的液体的体积为V′=（S﹣S0）h′，由此得出h′的表达式，根据细线被拉断前，细线对物块的拉力等于重力与浮力之差得出细线对木块拉力F与抽液机排出的液体质量m之间的关系式；（3）物块排开液体的质量越多，排开液体的体积越多，根据F浮=ρ液gV排可知，所受浮力越小，据此画出物体所受浮力与抽液机排出的液体质量m变化关系图象．【解答】解：（1）圆柱体物块的体积：V0=S0h0，圆柱体物块的质量：m0=ρ0V0=ρ0S0h0，圆柱体物块的重力：G=m0g=ρ0S0h0g，设物块浸入液体中的深度为h，细线刚好被拉直，此时物块不受拉力作用，物块漂浮时受力情况如图所示：所以有G=F浮．则圆柱形物块排开液体的体积：V排=S0h，根据阿基米德原理可知，圆柱形物块受到的浮力：F浮=ρ液gV排=ρS0hg，则有：ρ0S0h0g=ρS0hg，所以物块浸入液体中的深度：h==．（2）设抽液机排出的液体质量m，容器内液面下降的高度为h′，则下降部分的液体的体积：V′=（S﹣S0）h′，根据可得，V′==（S﹣S0）h′，解得液面下降的高度：h′=，细线被拉断前，受力分析如图所示：则细线对物块的拉力等于重力与浮力之差，即：F=G﹣F浮′=ρ0S0h0g﹣ρS0g（h﹣h′）=ρ0S0h0g﹣ρS0g[﹣]=m．（3）由（2）可知，细线被拉断前圆柱体所受的浮力：F浮′=G﹣F=ρ0S0h0g﹣m，设横轴表示抽液机排出的液体质量，纵轴表示物体所受浮力，抽液机刚开始抽液时，即当m=0时，物块不受拉力作用，圆柱体物块处于漂浮状态，此时F浮′=G=ρ0gS0h0；由（2）可知，细线对物块拉力F与抽液机排出的液体质量m之间的关系式：F=m，当细线上拉力为T时，停止排液，则T=m，此时抽液机排出的液体质量：m=，此时物块受到的浮力：F浮′=G﹣T=ρ0gS0h0﹣T，则物体所受浮力与抽液机排出的液体质量m变化关系如图所示：答：（1）细线刚好被拉直，物块浸入液体中的深度为；（2）细线对木块拉力F与抽液机排出的液体质量m之间的关系式为F=m；（3）物体所受浮力与抽液机排出的液体质量m变化关系见解答图．