2020年吉林省长春市八年级（下）期中物理试卷解析版

第1页，共14页八年级（下）期中物理试卷 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 号一二三四总分得分一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）1.下列实例中增大摩擦的 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 与其他三个不同的是（　　）A.举重运动员手涂防滑粉B.足球守门员戴防滑手套C.长跑运动员的鞋底有花纹D.自行车运动员捏闸刹车2.下列四个实例中，能够增大压强的是（　　）A.骆驼的脚掌长得很宽大B.菜刀刃磨得很锋利C.坦克装有两条宽大的履带D.减少汽车的载重量3.如图所示，在竖直平面内用轻质细线悬挂一个小球，将小球拉至A点，使细线处于拉直状态，由静止开始释放小球，不计摩擦，小球可在A、B两点间来回摆动，当小球摆到B点时，细线恰好断开，则小球将（　　）A.在B点保持静止B.沿BE方向运动C.沿BC方向运动D.沿BD方向运动4.如图所示，用力击打一摞棋子中的一个，该棋子飞出而上面的棋子落下。以下说法正确的是（　　）A.击打前，最上面的棋子所受的重力和支持力是一对平衡力B.击打出去的棋子能飞得很远是因为受到惯性作用C.棋子被击打出去是因为力可以改变物体的形状D.最下面的棋子所受的压力和支持力是相互作用的力5.如图所示，底面积相同的甲、乙两容器，装有质量相同的不同液体，则它们对容器底部压强的大小关系正确的是（　　）A.p甲＞p乙B.p甲＜p乙C.p甲=p乙D.条件不足，无法判断6.如图所示，吊在天花板下面的电灯处于静止状态，如果某一天，吊线突然间断开的同时，所受外力全部消失，则电灯将（　　）A.竖直向下匀速运动B.竖直向下加速运动C.保持原来静止状态D.竖直向上匀速运动7.如图所示，用水平力F=30N，按住一重G=10N的木块在竖直墙壁上，当木块沿竖直方向匀速下滑时，木块受到的摩擦力的大小是（　　）A.40NB.30NC.20ND.10N8.下列与压强有关的说法中，正确的是（　　）A.飞机起飞利用了浮力B.船闸利用了连通器原理C.高压锅利用大气压工作D.学生用吸管吸“早餐奶”与大气压无关第2页，共14页9.如图，质量分布均匀的长方体重物A、B，密度分别为ρA和ρB，底面积分别为SA和SB，且SA＞SB，将它们放在水平面上，它们对地面的压强相等。现水平割去上半部分（如图中虚线所示），剩余部分对地面的压强分别为pA和pB，对地面的压力分别为FA和FB，下列物理量大小比较的关系正确的是（　　）A.FA＜FBB.pA＞pBC.ρA＞ρBD.切割前后A、B对地面的压强均不变10.如图所示是“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的几个实验情景。实验甲、丙和丁中，弹簧测力计的示数分别为4.0N、2.8N和2.5N．若盐水的密度为1.2×103kg/m3，则下列结论正确的是（　　）A.物体A的密度为3.2×103kg/m3B.实验乙中，物体A受到的拉力为1.0NC.实验丙中，弹簧测力计的示数比乙中小0.5ND.实验丁中，容器底部受到的压力大于0.3N二、填空题（本大题共5小题，共15.0分）11.跳水运动是我国在国际比赛中的优势项目。如图所示，跳水运动员站在跳板上静止时，她受到的重力和支持力是一对______（选填“平衡力”或“相互作用力”），运动员将跳板压弯时，施力物体是______，说明力可以改变物体的______，运动员从静止开始运动说明力还可以改变物体的______。12.如图所示，A、B是两个上端开口的容器，它们构成的是一个______；当用一个管子沿B容器口吹气时，A容器中的液面会______。（填“上升”“下降”或“不变”）13.如图所示，水平桌面上有两个重力不计的圆柱形容器A、B，横截面积均为5.0×10-3m2，A的底面向上凸起，B的底面为平面。在两容器中均加入重为10N的水，则B对桌面的压强为______Pa，A对桌面的压强______（选填“大于”、“小于”或“等于”）B对桌面的压强；若A、B容器的水中同一高度处压强分别为pA、pB，则pA______pB（选填“大于”、“小于”或“等于”）。第3页，共14页14.如图所示，在水平拉力F1=10N作用下，木板甲在水平地面上匀速向右运动，同时物块乙相对于地面静止，已知此时墙壁对物块乙的拉力F2=4N，物块乙受到的摩擦力方向为______（选填“水平向左”或“水平向右”），则木板甲与地面间的摩擦力是______N。15.将一底面积为0.01m2的长方体木块用细线栓在空容器的底部，然后向容器中缓慢加水直到木块上 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 面与液面相平，如图甲所示，在此整个过程中，木块底部受到水的压强随容器中水的深度的变化如图乙所示，则木块所受到的最大浮力为______N，木块重力为______N，细线对木块的最大拉力为______N，木块的高度是______cm．（g取g=10N/kg，漂浮时浮力等于重力）三、计算题（本大题共2小题，共10.0分）16.如图，用20N的水平压力把一重为10N的物体压在竖直墙壁上，若物体与墙壁的接触面积是50cm2，求墙壁受到的压强。17.有一石块，放入盛满水的烧杯中，溢出水的质量为100g，则石块所受的浮力是多大？排开水的体积是多少？四、实验探究题（本大题共5小题，共25.0分）18.在探究“二力平衡条件”的实验中：（1）实验装置如图所示，研究对象是______。向两盘加上不同质量的砝码可以探究两个力的______对物体平衡的影响。老师指出实验桌面越光滑效果越好，其原因是减小______对小车运动状态的影响。（2）实验中保持F1和F2相等，将小车扭转一个角度，松手后，小车将无法在此位置平衡。实验中 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 这一步骤的目的是为了探究二力平衡时，必须满足的条件之一是两个力______。（3）某同学在进行（2）实验时，将“扭转”错误理解为“翻转”，将车轮朝上放置了，结果小车保持此位置静止，在此基础上他又将小车正确扭转了一定角度，小第4页，共14页车仍然静止，则此时小车受的力______平衡力，F1与F2______平衡力（选填“是”或“不是”）。19.在“探究重力与质量的关系”的实验中：（1）测量物体重力前，除了观察弹簧测力汁的量程和分度值外，还应将弹簧测力计在______方向调零。（2）测量物体重力时，应将物体挂在弹簧测力计下并让它处于______状态，这时弹簧测力计的示数（即拉力大小）就等于物体的重力。（3）实验小组的同学测量出了不同质量钩码所受重力的多组数据。其中一次测量时弹簧测力计指针位置如图所示，其读数为______N。（4）实验小组的小虹同学提出：“还可以测量钩码以外的其它物体的质量和重力，将这些数据与钩码的数据放到一起来寻找规律。”而同组的小宇同学不赞同，他认为“必须全部用钩码的重力与质量的数据来寻找规律”。你认为______同学的观点是正确的。20.小明要探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”，实验装置如图所示，选取三个相同的木块分别放在不同的接触面上，其中甲、乙两图的接触面是相同的木板，丙图的接触面是棉布。（1）实验中小明应该用弹簧测力计拉着木块在接触面上做运动，根据______知识可知，木块所受摩擦力大小等于弹簧测力计的示数；当木块以不同的速度在接触面上做匀速直线运动时，弹簧测力计示数相同，说明滑动摩擦力的大小与速度______。（2）如果小明想探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，他应选择______两图进行实验。如果他想探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系，他应选择______两图进行实验。（3）小明猜想：滑动摩擦力大小可能与接触面积有关。他将木块切去一半，重复乙的操作过程，如图丁所示。他比较乙和丁的实验结果，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关，你认为他的结论可靠吗？______说明理由______。21.如图所示是小明用来研究液体内部压强特点的实验装置，容器中间用隔板分成左右两边，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭。（1）他在容器左右两侧分别倒入甲、乙两种不同的液体，实验现象如图所示，橡皮膜向左侧突起。可以判断______（选填“左”或“右”）侧液体产生的压强较大。（2）继续向左侧加入甲液体，观察橡皮膜向左凸起程度逐渐减小， 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 现象可知液体压强随着______的增加而增大。（3）当容器左右两侧的液面相平时，观察到橡皮膜仍然向左凸起，分析现象可知液体压强与______有关。（4）在（3）的基础上，在左右两个容器中分别放入A、B两个小球，都漂浮在液第5页，共14页面上，此时橡皮膜变平，则两球受到的浮力大小关系为FA______FB，此时两容器底受到的压强大小关系为p左______p右。22.为了直观验证阿基米德原理，实验装置如图所示，把弹簧测力计上端固定在铁架台上，用粗铁丝做一个框，挂在弹簧测力计挂钩上。在粗铁丝框上端悬吊一个金属块，下端放一小杯。在金属块的正下方，有一个溢水杯，溢水杯放置在铁架台的支架上，溢水杯跟金属块、粗铁丝都不接触。（1）平稳缓慢地抬高溢水杯支架，使金属块完全浸没入水中（如图甲→乙→丙），在此过程中。弹簧测力计示数：F甲______F丙（选填“大于”、“等于”或“小于”）。（2）再平稳缓慢地降低溢水杯支架，使金属块完全离开水面（如图丁）。可以计算出图丙中金属块所受到的浮力约为______N，此时浮力的测量数值比真实数值将______（选填“偏大”或“偏小”）。第6页，共14页答案和解析1.【答案】D【解析】解：A、举重运动员手涂防滑粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；B、足球守门员戴防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；C、长跑运动员的鞋底有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；D、自行车运动员捏闸刹车，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力。综上分析，只有D选项增大摩擦的方法与其他三个不同。故选：D。增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。本题在考查增大摩擦力的方法的同时，也考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用，增大有益摩擦，减小有害摩擦，使其更好地为人类服务。2.【答案】B【解析】解：A、在压力不变时，宽大的骆驼脚掌增大了受力面积，使压强减小了，不合题意。B、菜刀刃很薄是在压力一定时，减小受力面积来增大对菜的压强，容易把菜切断。符合题意。C、坦克装履带是在压力一定时，增大受力面积减小对路基的压强，保护路基。不符合题意。D、减少汽车的载重量，是通过减小压力的方法来减小压强的。不符合题意。故选：B。（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法。能把压强知识应用到生活中。3.【答案】B【解析】解：由于小球被静止释放，不计摩擦，它可在A、B两点间来回摆动。当小球摆到B点时，小球速度恰好为零，此时若细线恰好断开，则小球只受重力作用而竖直下落。所以，将沿BE方向运动。故选：B。分析小球到达B点的运动状态及受力情况，便可得出结论。此题考查了学生力和运动之间的关系，力可以改变物体的形状或运动状态。在此题中，小球由于重力作用将由静止下落。解决此题的关键是判断出在B点的运动状态。4.【答案】A【解析】解：A、击打前，最上面的棋子所受的重力和支持力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力。故A正确；第7页，共14页B、击打出去的棋子能飞得很远是因为棋子具有惯性，但惯性不是力，不能说受到惯性作用。故B错误；C、棋子被击打出去是因为力可以改变物体的运动状态。故C错误；D、最下面的棋子所受的压力和支持力是作用在同一个物体上的两个力，且大小不相等，不是相互作用的力。故D错误。故选：A。（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。（3）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。此题考查平衡力和相互作用力的区别、惯性和力的作用效果，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。5.【答案】B【解析】解：观察图片可知，容器的底面积S甲=S乙，液体的深度h甲=h乙；因为液体的体积V甲＞V乙，液体的质量m甲=m乙，根据公式ρ=可知，所以液体的密度；ρ甲＜ρ乙；因为液体的深度h甲=h乙，根据p=ρgh可知，液体对容器底部的压强p甲＜p乙。故选：B。首先判断甲、乙两种液体体积的大小关系，然后再根据公式ρ=比较得出两种液体密度的大小关系，接下来根据液体压强公式p=ρgh比较两种液体对容器底部压强的大小关系。掌握密度公式，液体的压强公式，并能结合题目条件综合运用是解题的关键所在。6.【答案】C【解析】解：因为物体的运动必须用力来改变，若所有的力都消失了，则物体的运动状态将不做任何改变，即仍保持静止状态。故选：C。根据牛顿第一定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。本题极易出错，其原因就是很多同学只想到了拉力而忽略了重力；应明确，所有的力消失包括重力。7.【答案】D【解析】解：木块沿竖直方向匀速下滑时，其处于平衡状态，所以其在竖直方向上受到的重力和摩擦力是一对平衡力，木块受到的重力是10N，由于摩擦力与重力是一对平衡力，根据二力平衡的条件可知摩擦力大小也等于10N，故D正确。故选：D。当物体处于静止状态或匀速直线运动时，物体受到的力是平衡力，根据二力平衡的条件：等大、反向、共线、共物，知道其中的一个力可以确定另一个力。此题考查了二力平衡的条件的应用，静止的物体或匀速直线运动的物体受平衡力的作用。第8页，共14页8.【答案】B【解析】解：A、飞机起飞时，机翼上方的空气流速大压强小，机翼下方的空气流速小压强大，从而产生向上的升力，所以能使飞机上升。故A错误；B、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，船只才能通航，故B正确；C、高压锅可以增大锅内液面上方气体的压强，使锅内液体的沸点升高，但高压锅不是利用大气压工作的，故C错误；D、当用吸管吸牛奶时，先吸走的是管中的空气，使管内变为真空，这时大气压就压着牛奶进入管中，从而进入人的嘴中，利用了大气压。故D错误。故选：B。（1）流体的压强跟流速有关，流速越快的地方压强反而越小，根据流体压强和流速的关系解答。（2）连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。（3）沸点与气压有关：气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低；（4）大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。此题考查连通器原理、大气压的存在、沸点与气压的关系用、流体压强和流速的关系，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。9.【答案】C【解析】解：（1）设A的边长为hA，B的边长为hB，对于柱状实心物体，则根据p=ρgh可得A、B对地面的压强分别为：pA0=ρAghA，pB0=ρBghB，已知它们对地面的压强相等，即：pA0=pB0，所以，ρAghA=ρBghB。由图可知：hA＜hB，所以，ρA＞ρB，故C正确；（2）长方体A、B沿水平割去上半部分（如图中虚线所示），则hA′=hA，hB′=hB，则剩余部分对地面的压强分别为：pA=ρAghA′=ρAghA=ρAghA=pA0，pB=ρBghB′=ρBghB=ρBghB=pB0，故D错误；已知pA0=pB0，则pA=pB，故B错误；（3）由于SA＞SB，根据F=pS可得：剩余部分对地面的压力FA＞FB，故A错误。故选：C。对于柱状实心物体，可根据p=ρgh判断，已知两物体对地面的压强相等，由边长关系可求出密度关系，则由压强公式可求得压强和压力的关系。此题是典型的柱状固体的压强问题，要根据已知条件，灵活选用压强计算式p=ρgh（适用于实心柱体对支撑面的压强）进行分析解答。10.【答案】D第9页，共14页【解析】解：A、实验甲、丙中，弹簧测力计的示数分别为4.0N、2.8N，由F浮=G-F拉可得，F浮=ρ盐水gV排，物体A全部浸没，所以V排等于V物，则：ρ盐水gV排=G-F拉，V排=V物=，将ρ盐水=1.2×103kg/m3、G=4N、F拉=2.8N代入上式可得：V排=V物=1×10-4m3，物体A的质量m===0.4kg，物体A的密度ρ===4×103kg/m3，故A错误；B、物体A在水中受到的浮力，F浮水=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×1×10-4m3=1N，在乙中物体A受到的拉力：F=G-F浮水=4N-1N=3N，故B错误；C、在实验丙中，弹簧测力计的示数：F丙拉=2.8N，在乙中物体A受到的拉力：F=3N，弹簧测力计的示数比乙中小：3N-2.8N=0.2N，故C错误；D、由甲、丙，F浮盐水=G-F丙拉=4N-2.8N=1.2N，根据实验丁中物体A对烧杯底部的压力等于支持力，F支=G-F浮-F丁拉=4N-1.2N-2.5N=0.3N，容器底部也受到盐水对它的压力，故压力大于0.3N，故D正确。故选：D。（1）根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论，然后分析答题。根据阿基米德原理和弹簧测力计的示数，利用F浮=G-F拉列出方程可求得物体A的体积，然后可求得其密度；（2）先求出在水中受到的浮力，再根据F浮=G-F拉可得A在乙中的拉力；（3）A在乙中的拉力与丙中比较可得结论；（4）根据实验丁中物体A对烧杯底部的压力等于支持力，F=G-F浮-F拉可求。本题考查了实验现象分析，应用控制变量法分析图示实验即可正确解题，同时考查了浮力的计算及阿基米德原理的应用，在熟练掌握公式的同时，要能够熟练变形应用。11.【答案】平衡力运动员形状运动状态【解析】解：（1）跳水运动员站在跳板上静止时，她受到的重力和支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力；（2）运动员将跳板压弯时，施力物体是运动员；运动员将跳板压弯，说明力可以改变物体的形状；运动员从静止开始运动说明力还可以改变物体的运动状态。故答案为：平衡力；运动员；形状；运动状态。（1）二力平衡的条件是：①作用在同一个物体上的两个力；②大小相等；③方向相反；④作用在一条直线上。（2）力的作效果是可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。本题主要考查了对二力平衡条件的认识以及对力的作用效果的了解，属基础题。12.【答案】连通器下降【解析】解：A、B是两个上端开口、下部相连通的容器，所以它们构成的是一个连通器，连通器中装有液体保持静止时，液面相同，A、B两容器上方都是大气压。当用一第10页，共14页个管子沿B容器口吹气时，B的上方空气流速快，压强小，A容器上方的大气压不变，在大气压的作用下，B中的液面在A液面上方的大气压的作用下上升，A容器的液面就会下降。故答案为：连通器；下降。连通器是上端开口，底部相连的容器，液体静止时，液面保持相平；流动的液体和气体称为流体，生活中常见的流体是空气和水。流体的流速越大，压强越小。掌握流速和压强的关系，并能用流体压强和流速的关系解释一些现象。13.【答案】2.0×103大于大于【解析】解：（1）B装有水10N，则对水平桌面的压力为：F=G=10N；那么B容器对桌面的压强：P===2×103Pa。（2）A、B的质量忽略不计，而所装水量相同，因此它们对于桌面的压力都等于水的重力，即FA=FB=G=10N；因为A的底面向上凸起，B的底面为平面，与桌面的接触面积关系为：SA＜SB；由P=得：PA＞PB。（3）两容器的横截面积相同，所装水量相同，由于A的容器底向上凸出，所以A容器内的液面高度要大于B容器内的液面高度，即：hA＞hB；取两容器同一高度h处的两点，则这两点分别距A、B的液面高度为：HA=hA-h，HB=hB-h；显然，HA＞HB。若A、B容器的水中同一高度处压强分别为pA、pB，则pA=ρgHA，pB=ρgHB因为HA＞HB，所以pA＞pB。故答案为：2×103；大于；大于。（1）根据水的重力为10N和横截面积均为5.0×10-3m2的容器，利用P=即可求出B对桌面的压强。（2）A、B容器的自重忽略不计，它们对于水平桌面的压力等于各自所装的水重，因此只需判断出A、B两个容器底的底面积大小关系，结合压强公式P=即可判断出A、B容器对于桌面压强的大小关系。（3）首先判断出两个容器液面的高度关系，由于所比较的是A、B容器的水中同一高度处的压强关系，所以要先判断出这两处距离各自液面的距离（即该点到液面的竖直高度），再由P=ρgh即可比较出两点所受压强的大小。此题主要考查压强大小及其计算的，压强大小比较，液体压强的计算等知识点，把压强与液体压强的计算综合在一起，学生容易混淆，因此此题难度并不大，但容易出错。14.【答案】水平向右6【解析】解：物块乙相对于地面静止，乙处于平衡状态，则乙在水平方向上受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，此时墙壁对物块乙的拉力F2=4N，方向向左；由二力平衡条件可知，摩擦力与拉力应大小相等，方向相反，故物体乙与木板甲间的摩擦力大小为4N，摩擦力方向水平向右；以甲为研究对象，它受到向右的拉力F1=10N，同时受到地面对它的摩擦力和物体乙对它的摩擦力，二者之和为10N，即f地+f=10N，所以地面对物体甲的摩擦力为f地=10N-f=10N-4N=6N。第11页，共14页故答案为：水平向右；6。物体乙处于平衡状态，据此判断其所受摩擦力的大小，根据摩擦力的概念可判断其所受摩擦力的方向；对甲进行受力分析，再进一步确定地面对甲的摩擦力大小。本题考查摩擦力的大小计算与方向的判断，要学会对物体进行受力分析，知道各个力之间的关系是正确解答的关键。15.【答案】159615【解析】解：根据图象可知，木块刚刚漂浮时，木块浸入水中的深度为L1=9cm；由于从9cm到16cm，木块一直处于漂浮状态，其浸入水中的深度不变；当水面的高度为16cm时细线刚好张紧，此时线的拉力为零；直到木块上表面与水面相平，此时水面的高度为22cm；所以木块的高度：L=9cm+（22cm-16cm）=15cm=0.15m；则木块的体积：V木=S木L=0.01m2×0.15m=1.5×10-3m3，木块全部淹没时受到的浮力最大为：F浮=ρ水gV排=ρ水gV木=1×103kg/m3×10N/kg×1.5×10-3m3=15N由图象可知，木块刚刚漂浮时木块底部受到水的压强为900Pa，此时木块的重力等于木块受到的浮力，也等于下表面受到水向上的压力，则G=F浮=F下表面=p下表面S=900Pa×0.01m2=9N直到木块上表面与水面相平时，木块受到的浮力最大。由力的平衡条件可得，细线对木块的最大拉力为：F拉=F浮-G=15N-9N=6N，故答案为：15；9；6；15。根据图象可知木块全部淹没时受到的浮力最大，则根据刚刚漂浮和细线刚好张紧到加水直到木块上表面与水面相平时水面升高的高度，求出木块的高度，根据V=Sh求出木块的体积，由于木块刚浸没，则利用F浮=ρ水gV排求出受到的浮力；根据图象读出木块刚好漂浮时木块底部受到水的压强，利用G=F下表面=pS即可求出木块重力；木块受到的最大浮力与重力之差，即可细线对木块的最大拉力。本题综合考查阿基米德原理、液体压强和物体受力平衡的分析以及识图能力，关键是从图象上读出有用的信息，具有一定的难度。16.【答案】解：墙面受到物体的压力：F=20N，!物体与墙面的接触面积即受力面积：S=50cm2=5×10-3m2，p===4×103Pa。答：墙壁受到的压强为4×103Pa。【解析】压力是竖直压在物体表面上的力；已知压力的大小和物体与墙壁的接触面积，根据公式可求压强。本题考查压力和压强的计算，关键是公式及其变形的灵活运用；难点是对物体所受压力的判断，压力是竖直压在物体表面上的力，不是所有的情况下都等于重力。17.【答案】解：已知m排=100g=0.1kg，G排=m排g=0.1kg×10N/kg=1N，由阿基米德原理可知石块所受的浮力F浮=G排=1N；由F浮=ρgV排可得，排开水的体积V排===1×10-4m3。答：则石块所受的浮力是1N；排开水的体积为1×10-4m3。第12页，共14页【解析】已知溢出水的质量，可求得溢出水的重力，根据阿基米德原理可知石块所受的浮力，由F浮=ρgV排可求得排开水的体积。本题主要考查阿基米德原理的应用，本题的关键是F浮=ρgV排公式变形的应用，这也是本题的难点。18.【答案】小车大小摩擦力在同一直线上是不是【解析】解：（1）由图知，小车在水平方向上受到两个拉力的作用，可利用小车来探究“二力平衡条件”，即研究对象是小车；在线的两端挂上钩码，使作用在小车上的两个拉力方向相反，并通过调整砝码的数量来改变拉力的大小，实验中向两盘加上不同质量的砝码可以探究两个力的大小对物体平衡的影响；实验中桌面越光滑越好，小车在光滑的水平桌面上受到的摩擦力小，摩擦力对小车运动状态的影响小；（2）将小车扭转一个角度，两个拉力不在同一直线上，放手后发现，小车将无法在此位置平衡，实验中这一目的是为了探究力平衡时，两个力必须满足的条件之一是两个力在同一直线上；（3）若将小车扭转一定角度，松手后小车静止，小车仍然静止，则此时小车受的力是平衡力，此时两边拉力不在同一直线上，二力不平衡，即F1与F2不是平衡力。故答案为：（1）小车；大小；摩擦力；（2）两个力在同一直线上；（3）是；不是。（1）根据图示受力物体即可确定研究对象；实验中通过调整砝码盘中砝码的个数来改变拉力的大小；探究二力平衡条件时，表明越光滑，摩擦力越小，实验可以减小摩擦力对实验的影响；（2）二力平衡的条件之一是作用在同一条直线上；（3）静止或做匀速直线运动的物体将受到平衡力的作用，当两个力满足四个条件时，才是一对平衡力，即“作用在同一个物体上、大小相等、方向相反、在同一条直线上”。解决此类实验的关键是探究力的大小关系、方向是否在同一直线上，并且保证它们作用在同一物体上。19.【答案】竖直静止1.8小虹【解析】解：（1）测量物体重力时，由于重力是竖直向下的，应将弹簧测力计在竖直方向调零；（2）测量物体重力时，当物体静止时，物体受到的重力与弹簧测力计的拉力是一对平衡力，大小相等；（3）由图可知，测力计的量程为0-5N，分度值为0.2N，示数为1.8N；（4）为了得到普遍的规律，应该在实验中采用不同的物体，这样结论根据有普遍性，故小虹同学的是正确的。故答案为：（1）竖直；（2）静止；（3）1.8；（4）小虹。（1）重力的方向是竖直向下的；（2）根据二力平衡分析；（3）根据测力计的量程和分度值读数；（4）为了得到普遍的规律，应该在实验中采用不同的物体。本题考查了弹簧测力计的使用、二力平衡条件的应用，难度不大。20.【答案】二力平衡无关甲丙甲乙不可靠没有控制压力一定【解析】解：（1）实验中小明应该用弹簧测力计拉着木块在接触面上做运动，根据二力平衡知识可知，木块所受摩擦力大小等于弹簧测力计的示数；当木块以不同的速度在接触面上做匀速直线运动时，弹簧测力计示数相同，说明滑动摩擦力的大小与速度无关第13页，共14页；（2）要探究滑动摩擦力大小跟接触面粗糙程度的关系，需要控制压力大小相同，接触面粗糙程度不同，图甲丙符合题意；要探究滑动摩擦力大小跟压力大小的关系，需要控制接触面粗糙程度相同，压力大小不同，图甲乙符合题意；（3）要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小，而小明将木块切去一半，则在接触面积变化的同时，压力也发生了变化，所以得出错误结论。故答案为：（1）二力平衡；无关；（2）甲丙；甲乙；（3）不可靠；没有控制压力一定。（1）根据二力平衡的条件分析，为间接法测量；木块以不同的速度在接触面上做匀速直线运动时，弹簧测力计示数相同，说明滑动摩擦力的大小与速度无关；（2）探究滑动摩擦力大小跟接触面粗糙程度的关系时，控制压力大小不变；探究滑动摩擦力大小跟压力大小的关系时，控制接触面的粗糙程度不变；（3）要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小。此题是探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验，考查了学生对控制变量法的理解和应用，题目很典型。21.【答案】右深度液体密度大于小于【解析】解：（1）橡皮膜向左凸起，说明橡皮膜右侧受到液体产生的压强大；（2）继续向左侧加入甲液体，橡皮膜向左凸起的程度逐渐减小，说明橡皮膜左侧受到的压强逐渐变大，因此，可知液体压强随着深度的增加而增大；（3）左右液面相平时，橡皮膜向左突出，说明相同深度处的压强与液体的密度有关；（4）左右液面相平时，橡皮膜向左突出，由p=ρgh可知，ρ甲＜ρ乙，当橡皮膜变平时，两侧液体对橡皮膜的压强相等，则左侧液面高于右侧液面，且A球排开液体的重力大于B球排开液体的重力，即A球受到的浮力大于B球受到的浮力；容器底部受到的压强可看成橡皮膜上部和橡皮膜下部的液体产生的压强之和，橡皮膜上部的压强相同，下部深度相同，甲液体密度小，产生的压强也小，因此p左＜p右；故答案为：（1）右；（2）深度；（3）液体密度；（4）大于；小于。（1）实验中通过观察橡皮膜的突起方向来判断压强的大小；（2）同种液体中，液体压强随着深度的增大而增大；（3）不同液体的同一深度，密度大的液体压强大；（4）通过橡皮膜的突出方向判断液体密度关系，从而得出排开液体所受重力，及浮力大小，判断压强时将橡皮膜上下分开考虑。本题考查探究液体压强特点的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。22.【答案】等于1.2偏大【解析】解：（1）平稳缓慢地抬高溢水杯支架，使金属块完全浸没入水中（如图甲→乙→丙），由阿基米德原理可知，在此过程中甲受到的浮力等于排开液体所受的重力，故F甲=F丙；（2）由图丙、丁可知，弹簧测力计的分度值，0.2N，图丁G=4.4N，图丙F示=3.2N，图丙中金属块所受到的浮力约为：F浮=G-F示=4.4N-3.2N=1.2N；金属块完全离开水面时要带一些小水滴，使重力G测的数值偏大，根据F浮=G-F示可知，此时浮力的测量数值比真实数值将偏大。故答案为：（1）等于；（2）1.2；偏大。（1）根据阿基米德原理可得F甲、F乙的大小关系；第14页，共14页（2）根据F浮=G-F示可求浮力；金属块完全离开水面时要带一些小水滴，使重力G偏大。本题主要考查阿基米德原理以及称重法求浮力，常见题目。