2019年高考真题文科数学（北京卷）

2019年高考真题文科数学（北京卷）绝密★本科目考试启用前2019年普通高等学校招生全国统一考试数学（文）（北京卷）本试卷共5页，150分。考试时长120分钟。考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无效。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。第一部分（选择题共40分）一、选择题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题列出的四个选项中，选出符合题目要求的一项。（1）已知集合A={x|–11}，则A∪B=（A）（–1，1）（B）（1，2）（C）（–1，+∞）（D）（1，+∞）（2）已知复数z=2+i，则zz（A）3（B）5（C）3（D）5（3）下列...

绝密★本科目考试启用前2019年普通高等学校招生全国统一考试数学（文）（北京卷）本试卷共5页，150分。考试时长120分钟。考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无效。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。第一部分（选择题共40分）一、选择题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题列出的四个选项中，选出符合题目要求的一项。（1）已知集合A={x|–11}，则A∪B=（A）（–1，1）（B）（1，2）（C）（–1，+∞）（D）（1，+∞）（2）已知复数z=2+i，则zz（A）3（B）5（C）3（D）5（3）下列函数中，在区间（0，+）上单调递增的是1xylogx1（A）2（B）y=2（C）1（D）yyx2x（4）执行如图所示的程序框图，输出的s值为（A）1（B）2（C）3（D）4x2（5）已知双曲线y21（a>0）的离心率是5，则a=a21（A）6（B）4（C）2（D）2（6）设函数f（x）=cosx+bsinx（b为常数），则“b=0”是“f（x）为偶函数”的（A）充分而不必要条件（B）必要而不充分条件（C）充分必要条件（D）既不充分也不必要条件（7）在天文学中，天体的明暗程度可以用星等或亮度来描述．两颗星的星等与亮度满足5E1m2–m1lg，其中星等为mk的星的亮度为Ek（k=1,2）．已知太阳的星等是2E2–26.7，天狼星的星等是–1.45，则太阳与天狼星的亮度的比值为（A）1010.1（B）10.1（C）lg10.1（D）1010.1（8）如图，A，B是半径为2的圆周上的定点，P为圆周上的动点，APB是锐角，大小为β.图中阴影区域的面积的最大值为（A）4β+4cosβ（B）4β+4sinβ（C）2β+2cosβ（D）2β+2sinβ第二部分（非选择题共110分）二、填空题共6小题，每小题5分，共30分。（9）已知向量a=（–4，3），b=（6，m），且ab，则m=__________．x2,（10）若x，y满足y1,则yx的最小值为__________，最大值为4x3y10,__________．（11）设抛物线y2=4x的焦点为F，准线为l．则以F为圆心，且与l相切的圆的方程为__________．（12）某几何体是由一个正方体去掉一个四棱柱所得，其三视图如图所示．如果网格纸上小正方形的边长为1，那么该几何体的体积为__________．（13）已知l，m是平面外的两条不同直线．给出下列三个论断：①l⊥m；②m∥；③l⊥．以其中的两个论断作为条件，余下的一个论断作为结论，写出一个正确的命题：__________．（14）李明自主创业，在网上经营一家水果店，销售的水果中有草莓、京白梨、西瓜、桃，价格依次为60元/盒、65元/盒、80元/盒、90元/盒．为增加销量，李明对这四种水果进行促销：一次购买水果的总价达到120元，顾客就少付x元．每笔订单顾客网上支付成功后，李明会得到支付款的80%．①当x=10时，顾客一次购买草莓和西瓜各1盒，需要支付__________元；②在促销活动中，为保证李明每笔订单得到的金额均不低于促销前总价的七折，则x的最大值为__________．三、解答题共6小题，共80分。解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程。（15）（本小题13分）1在△ABC中，a=3，b–c2，cosB=．2（Ⅰ）求b，c的值；（Ⅱ）求sin（B+C）的值．（16）（本小题13分）设{an}是等差数列，a1=–10，且a2+10，a3+8，a4+6成等比数列．（Ⅰ）求{an}的通项公式；（Ⅱ）记{an}的前n项和为Sn，求Sn的最小值．（17）（本小题12分）改革开放以来，人们的支付方式发生了巨大转变．近年来，移动支付已成为主要支付方式之一．为了解某校学生上个月A，B两种移动支付方式的使用情况，从全校所有的1000名学生中随机抽取了100人，发现样本中A，B两种支付方式都不使用的有5人，样本中仅使用A和仅使用B的学生的支付金额分布情况如下：支付金额不大于2000元大于2000元支付方式仅使用A27人3人仅使用B24人1人（Ⅰ）估计该校学生中上个月A，B两种支付方式都使用的人数；（Ⅱ）从样本仅使用B的学生中随机抽取1人，求该学生上个月支付金额大于2000元的概率；（Ⅲ）已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化．现从样本仅使用B的学生中随机抽查1人，发现他本月的支付金额大于2000元．结合（Ⅱ）的结果，能否认为样本仅使用B的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化？说明理由．（18）（本小题14分）如图，在四棱锥PABCD中，PA平面ABCD，底部ABCD为菱形，E为CD的中点．（Ⅰ）求证：BD⊥平面PAC；（Ⅱ）若∠ABC=60°，求证：平面PAB⊥平面PAE；（Ⅲ）棱PB上是否存在点F，使得CF∥平面PAE？说明理由．（19）（本小题14分）x2y2已知椭圆C:1的右焦点为(1,0)，且经过点A(0,1)．a2b2（Ⅰ）求椭圆C的方程；（Ⅱ）设O为原点，直线l:ykxt(t1)与椭圆C交于两个不同点P，Q，直线AP与x轴交于点M，直线AQ与x轴交于点N，若|OM|·|ON|=2，求证：直线l经过定点．（20）（本小题14分）1已知函数f(x)x3x2x．4（Ⅰ）求曲线yf(x)的斜率为1的切线方程；（Ⅱ）当x[2,4]时，求证：x6f(x)x；（Ⅲ）设F(x)|f(x)(xa)|(aR)，记F(x)在区间[2,4]上的最大值为M（a），当M（a）最小时，求a的值．（考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无效）绝密★启用前2019年普通高等学校招生全国统一考试数学（文）（北京卷）参考答案一、选择题（共8小题，每小题5分，共40分）（1）C（2）D（3）A（4）B（5）D（6）C（7）A（8）B二、填空题（共6小题，每小题5分，共30分）（9）8（10）–31（11）(x1)2y24（12）40（13）若lm,l，则m．（答案不唯一）（14）13015三、解答题（共6小题，共80分）（15）（共13分）解：（Ⅰ）由余弦定理b2a2c22accosB，得2221b3c23c．2因为bc2，2221所以(c2)3c23c．2解得c5．所以b7．13（Ⅱ）由cosB得sinB．22a33由正弦定理得sinAsinB．b14在△ABC中，BCA．33所以sin(BC)sinA．14（16）（共13分）解：（Ⅰ）设an的公差为d．因为a110，所以a210d,a3102d,a4103d．因为a210,a38,a46成等比数列，2所以a38a210a46．所以(22d)2d(43d)．解得d2．所以ana1(n1)d2n12．（Ⅱ）由（Ⅰ）知，an2n12．所以，当n7时，an0；当n6时，an0．所以，Sn的最小值为S630．（17）（共12分）解：（Ⅰ）由题知，样本中仅使用A的学生有27+3=30人，仅使用B的学生有24+1=25人，A，B两种支付方式都不使用的学生有5人．故样本中A，B两种支付方式都使用的学生有100–30–25–5=40人．40估计该校学生中上个月A，B两种支付方式都使用的人数为1000400．100（Ⅱ）记事件C为“从样本仅使用B的学生中随机抽取1人，该学生上个月的支付金额大于12000元”，则P(C)0.04．25（Ⅲ）记事件E为“从样本仅使用B的学生中随机抽查1人，该学生本月的支付金额大于2000元”．假设样本仅使用B的学生中，本月支付金额大于2000元的人数没有变化，则由（II）知，P(E)=0.04．答案示例1：可以认为有变化．理由如下：P(E)比较小，概率比较小的事件一般不容易发生，一旦发生，就有理由认为本月支付金额大于2000元的人数发生了变化．所以可以认为有变化．答案示例2：无法确定有没有变化．理由如下：事件E是随机事件，P(E)比较小，一般不容易发生，但还是有可能发生的．所以无法确定有没有变化．（18）（共14分）解：（Ⅰ）因为PA平面ABCD，所以PABD．又因为底面ABCD为菱形，所以BDAC．所以BD平面PAC．（Ⅱ）因为PA⊥平面ABCD，AE平面ABCD，所以PA⊥AE．因为底面ABCD为菱形，∠ABC=60°，且E为CD的中点，所以AE⊥CD．所以AB⊥AE．所以AE⊥平面PAB．所以平面PAB⊥平面PAE．（Ⅲ）棱PB上存在点F，使得CF∥平面PAE．取F为PB的中点，取G为PA的中点，连结CF，FG，EG．1则FG∥AB，且FG=AB．2因为底面ABCD为菱形，且E为CD的中点，1所以CE∥AB，且CE=AB．2所以FG∥CE，且FG=CE．所以四边形CEGF为平行四边形．所以CF∥EG．因为CF平面PAE，EG平面PAE，所以CF∥平面PAE．（19）（共14分）解：（I）由题意得，b2=1，c=1．所以a2=b2+c2=2．x2所以椭圆C的方程为y21．2（Ⅱ）设P（x1，y1），Q（x2，y2），y11则直线AP的方程为yx1．x1x1令y=0，得点M的横坐标xM．y11x1又y1kx1t，从而|OM|xM||．kx1t1x2同理，|ON|||．kx2t1ykxt,由2得222．x2(12k)x4ktx2t20y124kt2t22则xx，xx．1212k21212k2x1x2所以|OM||ON|||||kx1t1kx2t1x1x2|22|kx1x2k(t1)x1x2(t1)2t2212k2||2t224ktk2k(t1)()(t1)212k212k21t2||．1t又|OM||ON|2，1t所以2||2．1t解得t=0，所以直线l经过定点（0，0）．（20）（共14分）13解：（Ⅰ）由f(x)x3x2x得f(x)x22x1．4438令f(x)1，即x22x11，得x0或x．4388又f(0)0，f()，32788所以曲线yf(x)的斜率为1的切线方程是yx与yx，27364即yx与yx．27（Ⅱ）令g(x)f(x)x,x[2,4]．13由g(x)x3x2得g'(x)x22x．448令g'(x)0得x0或x．3g'(x),g(x)的情况如下：888x2(2,0)0(0,)(,4)4333g'(x)64g(x)60027所以g(x)的最小值为6，最大值为0．故6g(x)0，即x6f(x)x．（Ⅲ）由（Ⅱ）知，当a3时，M(a)F(0)|g(0)a|a3；当a3时，M(a)F(2)|g(2)a|6a3；当a3时，M(a)3．综上，当M(a)最小时，a3．

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