2020年广东省广州市中考数学一模试卷答案版

第1页，共18页中考数学一模试卷 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 号一二三四总分得分一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.在0，1，-1，π四个数中，最小的实数是（　　）A.-1B.πC.0D.12.若△ABC∽△DEF，且AB：DE=1：3，则S△ABC：S△DEF=（　　）A.1：3B.1：9C.1：D.1：1.53.如图，C岛在A岛的北偏东45°方向，C岛在B岛的北偏西25°方向，则从C岛看A、B两岛的视角∠ACB的度数是（　　）A.70°B.20°C.35°D.110°4.下列运算正确的是（　　）A.3x2•4x2=12x2B.aC.（x5）2=x10D.a10÷a2=a55.如图，将△ABC绕着点C顺时针旋转60°后得到△A′B′C，若∠A=40°，∠B=110°，则∠BCA′的度数是（　　）A.100°B.90°C.70°D.110°6.我市某中学举办了一次以“我的中国梦”为主题的演讲比赛，最后确定9名同学参加决赛，他们的决赛成绩各不相同，其中小辉已经知道自己的成绩，但能否进前5名，他还必须清楚这9名同学成绩的（　　）A.众数B.平均数C.中位数D.方差7.在▱ABCD中，对角线AC、BD相交于O，下列说法一定正确的是（　　）A.AC=BDB.AC⊥BDC.AO=DOD.AO=CO8.已知数轴上点A（表示整数a）在点B（表示整数b）的左侧，如果|a|=|b|，且线段AB长为6，那么点A表示的数是（　　）A.3B.6C.-6D.-39.已知a、b、c分别为Rt△ABC（∠C=90°）的三边的长，则关于x的一元二次方程（c+a）x2+2bx+（c-a）=0根的情况是（　　）A.方程无实数根B.方程有两个不相等的实数根C.方程有两个相等的实数根D.无法判断10.若点M、N是一次函数y1=-x+5与反比例函数y2=（k≠0，x＞0）图象的两个交点，其中点M的横坐标为1，下列结论：①一次函数y1=-x+5的图象不经过第三象限；②点N的纵坐标为1；③若将一次函数y1=-x+5的图象向下平移1个单位，则与反第2页，共18页比例函数y2=（k≠0，x＞0）图象有且只有一个交点；④当1＜x＜4时，y1＜y2．其中结论正确的个数是（　　）A.4个B.3个C.2个D.1个二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）11.若梯形的中位线长为8，高为4，则梯形的面积为______．12.分解因式：ay2+2ay+a=______．13.半径等于12的圆中，垂直平分半径的弦长为______．14.一个几何体的三视图如图所示，根据图示的数据计算该几何体的全面积为______．15.将矩形ABCD按如图所示的方式折叠，得到菱形AECF，若AB=3，则菱形AECF的周长为______．16.如图一组有规律的正多边形，各正多边形中的阴影部分面积均为a，按此规律，则第n个正多边形的面积为______．三、计算题（本大题共2小题，共21.0分）17.已知a、b分别是方程x2-3x-4=0的两个实数根，求的值．第3页，共18页18.如图，已知直线AB与x轴交于点C，与双曲线交于A（3，）、B（﹣5，a）两点．AD⊥x轴于点D，BE∥x轴且与y轴交于点E．（1）求点B的坐标及直线AB的解析式；（2）判断四边形CBED的形状，并说明理由．四、解答题（本大题共7小题，共81.0分）19.如图，已知O是坐标原点，B、C两点的坐标分别为（3，-1）、（2，1）．（1）以0点为位似中心在y轴的左侧将△OBC放大到两倍（即新图与原图的相似比为2），画出图形；（2）分别写出B、C两点的对应点B′、C′的坐标；（3）如果△OBC内部一点M的坐标为（x，y），写出M的对应点M′的坐标．第4页，共18页20.广州市中山大道快速公交（简称BRT）试验线道路改造工程中，某工程队小分队承担了100米道路的改造任务．为了缩短对站台和车道施工现场实施围蔽的时间，在确保工程质量的前提下，该小分队实际施工时每天比原计划多改造道路10米，结果提前5天完成了任务，求原计划平均每天改造道路多少米？21.已知：如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，点O在AB上，以O为圆心，OA长为半径的圆与AC，AB分别交于点D，E，且∠CBD=∠A．（1）判断直线BD与⊙O的位置关系，并证明你的结论；（2）若AD=BD=2，求⊙O的面积．22.某校九年级有400名学生参加全国初中数学竞赛初赛，从中抽取了50名学生，他们的初赛成绩（得分为整数，满分为100分）都不低于40分，把成绩分成六组：第一组39.5～49.5，第二组49.5～59.5，第三组59.5～69.5，第四组69.5～79.5，第五组79.5～89.5，第六组89.5～100.5．统计后得到下图所示的频数分布直方图（部分）观察图形的信息，回答下列问题：（1）第五组的频数为______（直接写出答案）（2）估计全校九年级400名学生在69.5～79.5的分数段的学生约有______个．（直接写出答案）（3）在抽取的这50名学生中成绩在79.5分以上的学生组成一个 培训 焊锡培训资料ppt免费下载焊接培训教程 ppt 下载特设培训下载班长管理培训下载培训时间表下载 小组，再从这个小组中随机挑选2名学生参加决赛，用树状图或列表法求出挑选的2名学生的初赛成绩恰好都不小于90分的概率．第5页，共18页23.校车安全是近几年社会关注的重大问题，安全隐患主要是超速和超载．某中学数学活动小组设计了如下 检测 工程第三方检测合同工程防雷检测合同植筋拉拔检测方案传感器技术课后答案检测机构通用要求培训 公路上行驶的汽车速度的实验：先在公路旁边选取一点C，再在笔直的车道l上确定点D，使CD与l垂直，测得CD的长等于21米，在l上点D的同侧取点A、B，使∠CAD=30°，∠CBD=60°．（1）求AB的长（精确到0.1米，参考数据：=1.73，=1.41）；（2）已知本路段对校车限速为40千米/小时，若测得某辆校车从A到B用时2秒，这辆校车是否超速？说明理由．24.已知：如图，二次函数y=a（x+1）2-4的图象与x轴分别交于A、B两点，与y轴交于点D，点C是二次函数y=a（x+1）2-4的图象的顶点，CD=．（1）求a的值．（2）点M在二次函数y=a（x+1）2-4图象的对称轴上，且∠AMC=∠BDO，求点M的坐标．第6页，共18页（3）将二次函数y=a（x+1）2-4的图象向下平移k（k＞0）个单位，平移后的图象与直线CD分别交于E、F两点（点F在点E左侧），设平移后的二次函数的图象的顶点为C1，与y轴的交点为D1，是否存在实数k，使得CF⊥FC1？若存在，求出k的值；若不存在，请说明理由．25.在Rt△ABC中，∠ACB=90°，tan∠BAC=．点D在边AC上（不与A，C重合），连结BD，F为BD中点．（1）若过点D作DE⊥AB于E，连结CF、EF、CE，如图1．设CF=kEF，则k=______；（2）若将图1中的△ADE绕点A旋转，使得D、E、B三点共线，点F仍为BD中点，如图2．求证：BE-DE=2CF；（3）若BC=6，点D在边AC的三等分点处，将线段AD绕点A旋转，点F始终为BD中点，求线段CF长度的取值范围．第7页，共18页答案和解析1.【答案】A【解析】解：∵-1＜0＜1＜π，∴最小的数是-1，故选：A．根据正数＞0＞负数，几个负数比较大小时，绝对值越大的负数越小解答即可．本题主要考查了正、负数、0和负数间的大小比较，几个负数比较大小时，绝对值越大的负数越小．2.【答案】B【解析】解：∵△ABC∽△DEF，且AB：DE=1：3，∴S△ABC：S△DEF=1：9．故选B．由△ABC∽△DEF，且AB：DE=1：3，根据相似三角形的面积比等于相似比的平方，即可求得答案．此题考查了相似三角形的性质．注意熟记定理是解此题的关键．3.【答案】A【解析】解：如图，连接AB，∵两正北方向平行，∴∠CAB+∠CBA=180°-45°-25°=110°，∴∠ACB=180°-110°=70°．故选：A．根据两直线平行，同旁内角互补求得∠C的度数即可．本题考查了方向角，解决本题的关键是利用平行线的性质．4.【答案】C【解析】解：A、3x2•4x2=12x4，错误；B、，错误；C、（x5）2=x10，正确；D、a10÷a2=a8，错误；故选C．根据多项式的乘法、幂的乘方、同底数幂的除法和同类项的合并计算判断即可．此题考查多项式的乘法、幂的乘方、同底数幂的除法和同类项的合并，熟练掌握运算法则是解本题的关键．第8页，共18页5.【答案】B【解析】解：如图，∵∠A=40°，∠B=110°，∴∠ACB=180°-110°-40°=30°；由题意得：∠ACA′=60°，∴∠BCA′=30°+60°=90°，故选B．如图，首先运用三角形的内角和定理求出∠ACB=30°，然后运用旋转变换的性质得到∠ACA′=60°，进而求出∠BCA′，即可解决问题．该题主要考查了三角形的内角和定理、旋转变换的性质等几何知识点及其应用问题；牢固掌握三角形的内角和定理、旋转变换的性质等几何知识点是灵活解题的基础和关键．6.【答案】C【解析】解：由于总共有9个人，且他们的分数互不相同，第5名的成绩是中位数，要判断是否进入前5名，故应知道自已的成绩和中位数．故选：C．9人成绩的中位数是第5名的成绩．参赛选手要想知道自己是否能进入前5名，只需要了解自己的成绩以及全部成绩的中位数，比较即可．此题主要考查统计的有关知识，主要包括平均数、中位数、众数的意义．反映数据集中程度的统计量有平均数、中位数、众数等，各有局限性，因此要对统计量进行合理的选择和恰当的运用．7.【答案】D【解析】解：由平行四边形的性质：①边：平行四边形的对边相等．②角：平行四边形的对角相等．③对角线：平行四边形的对角线互相平分，可知选项D是正确的．故选：D．根据平行四边形的性质逐项分析即可．本题考查了平行四边形的性质，解题的关键是正确画出几何图形，了解并掌握平行四边形的各种性质．8.【答案】D【解析】解：∵数轴上点A（表示整数a）在点B（表示整数b）的左侧，|a|=|b|，∴点A和点B的中点是原点，∵线段AB长为6，∴点A表示的数是-3．故选：D．由于数轴上点A（表示整数a）在点B（表示整数b）的左侧，|a|=|b|，可知点A和点B的中点是原点，再根据线段AB长为6，可求点A表示的数．考查了数轴和绝对值，本题关键是理解点A和点B的中点是原点．9.【答案】C【解析】解：∵a、b、c分别为Rt△ABC（∠C=90°）的三边的长，∴a2+b2=c2，∵△=4b2-4（c+a）（c-a）=4（b2-c2+a2），∴△=0，∴方程有两个相等的两个实数根．故选C．第9页，共18页先根据勾股定理得到a2+b2=c2，再计算出△=4b2-4（c+a）（c-a）=4（b2-c2+a2）=0，于是根据判别式的意义判断方程根的情况．本题考查了根的判别式：一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）的根与△=b2-4ac有如下关系：当△＞0时，方程有两个不相等的两个实数根；当△=0时，方程有两个相等的两个实数根；当△＜0时，方程无实数根．也考查了勾股定理．10.【答案】B【解析】解：由一次函数y1=-x+5可知，一次函数y1=-x+5的图象经过第一、二、四象限，不经过第三象限；故①正确；∵点M的横坐标为1，∴y=-1+5=4，∴M（1，4），∴k=4，∴反比例函数y2=（k≠0，x＞0），解得或，∴N的纵坐标为1，故②正确；将一次函数y1=-x+5的图象向下平移1个单位长度，则函数的解析式为y=-x+4，解解得，，∴将一次函数y1=-x+5的图象向下平移1个单位，则与反比例函数y2=（k≠0，x＞0）图象有且只有一个交点；故③正确；∵M（1，4），N（4，1），根据图象可知当1＜x＜4时，一次函数图象部分在反比例函数图象的上方，所以y1＞y2．故④错误．故选B．根据一次函数的性质即可判断①；利用待定系数法求得M的坐标，进而求得N的坐标，即可判断②；求得直线向下平移后的解析式，然后联立方程求得交点坐标即可判断③；根据函数的图象结合交点坐标即可判断④．本题考查了一次函数和二次函数的交点坐标，其知识点有：待定系数法求解析式，平移的性质以及交点的求法等．11.【答案】32【解析】解：梯形的面积=中位线×高=8×4=32．故答案是：32．根据梯形的面积=中位线×高，进行计算．此题主要考查梯形的中位线定理：梯形的中位线等于上底与下底和的一半．12.【答案】a（y+1）2【解析】解：ay2+2ay+a=a（y2+2y+1）第10页，共18页=a（y+1）2．故答案为：a（y+1）2．首先提取公因式a，进而利用完全平方公式分解因式得出即可．此题主要考查了提取公因式法以及公式法分解因式，正确应用完全平方公式是解题关键．13.【答案】12【解析】解：如图，∵OD=CD=6，∴由勾股定理得AD=6，∴由垂径定理得AB=12，故答案为：12．先画图，根据题意得OD=CD=6，再由勾股定理得AD的长，最后由垂径定理得出弦AB的长即可．本题综合考查了垂径定理和勾股定理．解答这类题一些学生不会综合运用所学知识解答问题，不知从何处入手造成错解．14.【答案】8+72【解析】解：根据三视图可得该几何体是一个三棱柱，底面积为×4×=4，侧面积为4×3×6=72，则该几何体的全面积为4×2+72=8+72，故答案为：8+72．根据三视图判断出该几何体的形状，再分别求出底面积和侧面积即可得出答案．此题考查了由三视图判断几何体，用到的知识点是三角形、长方形的面积、勾股定理，同时也体现了对空间想象能力方面的考查．15.【答案】8【解析】解：∵矩形ABCD按如图所示的方式折叠，得到菱形AECF，∴AD=AO，CO=BC，∠BCE=∠OCE，而AD=BC，∴AC=2BC，∴∠CAB=30°，∴BC=AB=，∠ACB=60°，∴∠BCE=30°，∴BE=BC=1，∴CE=2BE=2，∴菱形AECF的周长=4×2=8．根据折叠的性质得AD=AO，CO=BC，∠BCE=∠OCE，所以AC=2BC，则根据含30度的直角三角形三边的关系得∠CAB=30°，于是BC=AB=，∠ACB=60°，接着计算出∠BCE=30°，然后计算出BE=BC=1，CE=2BE=2，于是可得菱形AECF的周长．本题考查了折叠的性质：折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．也考查了含30度的直角三角形三边的关系．第11页，共18页16.【答案】a【解析】解：第一个：正多边形的面积等于a；第二个：如图作AE⊥BD于E，设正六边形的边长为2，∵正六边形的一个内角为120°，∴∠ABE=30°，则AE=1，BE=，△ABD的面积为：×2×1=，a=2×2=4，∴正六边形的面积为：a，第三个：如图，∵正八边形的一个内角为135°，∴∠ABD=45°，设正八边形的边长为2，则BD=AD=，△ABD的面积为1，四边形ABEF的面积为1+2+1=2+2，a=2×（2+2）=4+4，∴正八边形的面积为2a，通过计算可以看出：第n个正多边形的面积为a．设出正多边形的边长，根据正多边形与圆的关系，分别求出正四边形、正六边形和正八边形的面积，找出规律，得到答案．本题考查的是正多边形与圆的关系，求出正多边形的一个内角，设出边长，根据特殊角的性质和勾股定理表示出有关的边长，求出正多边形的面积，根据计算结果找出规律是解题的关键．17.【答案】解：原式=[-]×=-=-，∵a、b分别是方程x2-3x-4=0的两个实数根，∴a+b=3，第12页，共18页∴原式=．【解析】先根据分式混合运算的法则把原式进行化简，再a、b分别是方程x2-3x-4=0的两个实数根得出a+b的值，再代入原式进行计算即可．本题考查的是分式的化简求值及实数的运算，熟知分式混合运算的法则是解答此题的关键．18.【答案】解：（1）∵双曲线过A（3，），∴k=20．把B（-5，a）代入，得a=-4．∴点B的坐标是（-5，-4）．设直线AB的解析式为y=mx+n，将A（3，）、B（-5，-4）代入，得，解得：，∴直线AB的解析式为：；（2）四边形CBED是菱形．理由如下：∵直线AB的解析式为：，∴当y=0时，x=-2，∴点C的坐标是（-2，0）；∵点D在x轴上，AD⊥x轴，A（3，），∴点D的坐标是（3，0），∵BE∥x轴，∴点E的坐标是（0，-4）．而CD=5，BE=5，且BE∥CD．∴四边形CBED是平行四边形．在Rt△OED中，ED2=OE2+OD2，∴ED====5，∴ED=CD．∴平行四边形CBED是菱形．【解析】（1）根据反比例函数图象上点的坐标特征，将点A代入双曲线方程求得k值，即利用待定系数法求得双曲线方程；然后将B点代入其中，从而求得a值；设直线AB的解析式为y=mx+n，将A、B两点的坐标代入，利用待定系数法解答；（2）由点C、D的坐标、已知条件“BE∥x轴”及两点间的距离公式求得，CD=5，BE=5第13页，共18页，且BE∥CD，从而可以证明四边形CBED是平行四边形；然后在Rt△OED中根据勾股定理求得ED=5，所以ED=CD，从而证明四边形CBED是菱形．本题考查了反比例函数综合题．解答此题时，利用了反比例函数图象上点的坐标特征．19.【答案】解：（1）（2）B′（-6，2），C′（-4，-2）；（3）从这两个相似三角形坐标位置关系来看，对应点的坐标正好是原坐标乘以-2的坐标，所以M的坐标为（x，y），写出M的对应点M′的坐标为（-2x，-2y）．【解析】（1）延长BO，CO到B′C′，使OB′，OC′的长度是OB，OC的2倍．顺次连接三点即可；（2）从直角坐标系中，读出B′、C′的坐标；（3）从这两个相似三角形坐标位置关系来看，对应点的坐标正好是原坐标乘以-2的坐标，所以M的坐标为（x，y），写出M的对应点M′的坐标为（-2x，-2y）．本题综合考查了直角坐标系和相似三角形的有关知识，注意做这类题时，性质是关键，看图也是关键．很多信息是需要从图上看出来的．20.【答案】解：设原计划每天改造x米，则实际每天改造（x+10）米，由题意，得=+5，解得：x1=-20，x2=10，经检验，x-20，x=10都是原方程的根，但x-20不符合题意，舍去．∴x=10．答：原计划平均每天改造道路10米．【解析】设原计划每天改造x米，则实际每天改造（x+10）米，根据时间之间的数量关系建立方程求出其解即可．本题考查了列分式方程解工程问题的运用，分式方程的解法的运用，解答时根据工程问题的时间关系为等量关系建立方程是关键．21.【答案】解：（1）直线BD与⊙O相切．（1分）证明：如图1，连接OD．（2分）∵OA=OD，∴∠A=∠ADO．（3分）∵∠C=90°，∴∠CBD+∠CDB=90°又∵∠CBD=∠A，（5分）∴∠ADO+∠CDB=90°，∴∠ODB=180°-（∠ADO+∠CDB）=90°．∴直线BD与⊙O相切．（6分）第14页，共18页（2）连OD、DE．∵AD=BD，∴∠A=∠DBA．（7分）在Rt△BDC中，∵∠C=90°，∠CBD=∠A=∠DBA，∴3∠A=90°，即有∠A=30°．（8分）由，得．（10分）又∠DOE=60°，OD=OE，∴△DOE为等边三角形，∴．（10分）即⊙O的半径，故⊙O的面积．（12分）【解析】（1）连接OD．证直线与圆相切，即证BD⊥OD．由∠CBD+∠CDB=90°，∠CBD=∠A=∠ODA，可得∠ODA+∠CDB=90°．根据平角定义得证；（2）即求圆的半径求解．连接DE，则∠ADE=90°．在Rt△BCA中，∠CDB=∠A=∠ABD，得∠A=30°．从而在△ADE中利用三角函数求解．本题考查了切线的判定，解直角三角形等知识点．要证某线是圆的切线，已知此线过圆上某点，连接圆心与这点（即为半径），再证垂直即可．22.【答案】2；56【解析】解：（1）50-12-10-17-7-2=2（3分）（2）7÷50×400=56（6分）（3）设分数79.5～89.5的两个学生为A、B，分数89.5～100.5的两个学生为C、D树状图：（9分）共有12种等可能出现的结果，其中挑选的2名学生的初赛成绩恰好都不小于90分的结果共有2个（CD，DC）所以P（两个学生都不小于90分）=（12分）（1）用总人数减去其他5个小组的人数即可解答．（2）求出样本的频率，再用样本估计总体的方法求出总体的人数即可．（3）这50名学生中成绩在79.5分以上的学生有四个，再从这个小组中随机挑选2名学生参加决赛，出现的情况列出树状图，利用概率的求法解答即可．本题考查读频数分布直方图的能力和利用统计图获取信息的能力；利用统计图获取信息时，必须认真观察、分析、研究统计图，才能作出正确的判断和解决问题．第15页，共18页23.【答案】解：（1）由題意得，在Rt△ADC中，AD==≈36.33（米），…2分在Rt△BDC中，BD=≈12.11（米），…4分则AB=AD-BD=36.33-12.11=24.22≈24.2（米）…6分（2）超速．理由：∵汽车从A到B用时2秒，∴速度为24.2÷2=12.1（米/秒），∵12.1×3600=43560（米/时），∴该车速度为43.56千米/小时，…9分∵大于40千米/小时，∴此校车在AB路段超速．…10分【解析】（1）分别在Rt△ADC与Rt△BDC中，利用正切函数，即可求得AD与BD的长，继而求得AB的长；（2）由从A到B用时2秒，即可求得这辆校车的速度，比较与40千米/小时的大小，即可确定这辆校车是否超速．此题考查了解直角三角形的应用问题．此题难度适中，解题的关键是把实际问题转化为数学问题求解，注意数形结合思想的应用．24.【答案】解：（1）∵C（-1，-4），CD=，∴D（0，-3）∴a=1∴y=（x+1）2-4即y=x2+2x-3．（2）如右图，设抛物线对称轴与x轴的交点为N，则N（-1，0）；由（1）的抛物线：y=x2+2x-3，得：A（-3，0）、B（1，0）在Rt△OBD中，OD=3，OB=1，tan∠BDO==．若∠AMC=∠BDO，则tan∠AMN=tan∠BDO=；在Rt△AMN中，AN=OA-ON=2，MN=AN÷tan∠AMN=6；故M（-1，6）或（-1，-6）．（3）存在．∵CC1=DD1=k，CC1∥DD1，∴四边形CC1D1D为平行四边形，∴C1D1∥CD，∴∠D1C1C=∠DCN=45°，∵CF⊥FC1，∴∠CC1F=45°即△CFC1为等腰直角三角形，CFC1D1是正方形．FD1与CC1互相垂直平分．且CC1=k，第16页，共18页∴F（-k-1，-k-4），由点F在新抛物线y=x2+2x-3-k上，∴（-k-1）2+2（-k-1）-3-k=-k-4，解得k=2或k=0（舍），∴k=2．当k=2时，CF⊥FC1．【解析】（1）根据函数的解析式，可以直接写出顶点C的坐标．（2）根据（1）得到的抛物线解析式，能确定点A、B的坐标，在Rt△OBD中，首先求出∠OBD的正弦值，设抛物线的对称轴与x轴的交点为N，若∠AMC=∠BDO，那么它们的正弦值相等，在Rt△AMN中即可求出MN的长，由此得出点M的坐标．（3）抛物线在向下平移的过程中，顶点、抛物线与y轴交点同时向下平移了k个单位，由此易发现四边形CC1D1D为平行四边形，进一步能推出△CFC1是等腰直角三角形，根据C、C1两点的坐标，结合等腰直角三角形的性质可写出点F的坐标，再代入平移后的抛物线解析式中进行求解即可．本题考查了二次函数解析式的确定、函数图象的平移、平行四边形以及等腰直角三角形的性质等综合知识；（3）题的难度较大，能够准确判断出△CFC1的形状是打开解题思路的关键所在．25.【答案】1【解析】解：（1）∵DE⊥AB于E，F为BD中点．∴，，∴CF=EF．∵CF=kEF，∴k=1；（2）如图2，过点C作CE的垂线交BD于点G，设BD与AC的交点为Q．由题意，tan∠BAC=，∴．∵D、E、B三点共线，∴AE⊥DB．∵∠BQC=∠AQD，∠ACB=90°，∴∠QBC=∠EAQ．第17页，共18页∵∠ECA+∠ACG=90°，∠BCG+∠ACG=90°，∴∠ECA=∠BCG．∴△BCG∽△ACE．∴．∴GB=DE．∵F是BD中点，∴F是EG中点．在Rt△ECG中，，∴BE-DE=EG=2CF；（3）情况1：如图，当AD=时，取AB的中点M，连结MF和CM，∵∠ACB=90°，tan∠BAC=，且BC=6，∴AC=12，AB=．∵M为AB中点，∴CM=，∵AD=，∴AD=4．∵M为AB中点，F为BD中点，∴FM==2．∴当且仅当M、F、C三点共线且M在线段CF上时CF最大，此时CF=CM+FM=．同理最小值为-2．情况2：如图，当AD=时，取AB的中点M，连结MF和CM，第18页，共18页类似于情况1，可知CF的最大值为．综合情况1与情况2，可知当点D在靠近点C的三等分点时，线段CF的长度取得最大值为．同理最小值为-4．（1）根据直角三角形斜边的中线等于斜边的一半可得，，CF=EF，于是得k=1；（2）过点C作CE的垂线交BD于点G，设BD与AC的交点为Q．得，△BCG∽△ACE．所以，GB=DE．在Rt△ECG中，，BE-DE=EG=2CF；（3）情况1：当AD=时，取AB的中点M，连结MF和CM，最大为，最小值为-2．情况2：当AD=时，取AB的中点M，连结MF和CM，最大值为，最小值为为-4．再综合情况1与情况2即可．本题主要考查了相似三角形的判定及性质．综合性较强，有一定难度，注意第（3）题分情况讨论．