计算机软件资格网络工程师题库一

计算机软件资格网络工程师题库一第一章计算机网络概论1[单选题]以下关于复杂指令集计算机(（江南博哥）ComplexInstructionSetComputer，CISC)和精简指令集计算机RISC(ReducedInstructionSetComputer，RISC)的叙述中，错误的是()。A.在CISC中，其复杂指令都采用硬布线逻辑来执行B.采用CISC技术的CPU，其芯片设计复杂度更高C.在RISC中，更适合采用硬布线逻辑执行指令D.采用RISC技术，指令系统中的指令种类和寻址方式更少正确答案：A参考解析：本题考查指令系统和计算机体系结构基础知识。复杂指令集计算机(ComplexInstructionSetComputer，CISC)的基本思想是：进一步增强原有指令的功能，用更为复杂的新指令取代原先由软件子程序完成的功能，实现软件功能的硬件化，导致机器的指令系统越来越庞大而复杂。CISC计算机一般所含有的指令数目至少300条以上，有的甚至超过500条。精简指令集计算机(ReducedInstructionSetComputer，RISC)的基本思想是：通过减少指令总数和简化指令功能，降低硬件设计的复杂度，使指令能单周期执行，并通过优化编译提高指令的执行速度，采用硬布线控制逻辑优化编译程序。在20世纪70年代末开始兴起，导致机器的指令系统进一步精炼而简单。2[单选题]在进行定点原码乘法运算时，乘积的符号位是被乘数的符号位和乘数的符号位()运算来获得。A.相或B.相与C.相异或D.分别取反后再相或正确答案：C参考解析：根据原码1位乘法的法则，应当是被乘数的符号位和乘数的符号位相异或作为乘积的符号位。3[单选题]()是指按内容访问的存储器。A.虚拟存储器B.相联存储器C.顺序访问存储器D.随机访问存储器正确答案：B参考解析：本题考查计算机系统存储器方面的基础知识。计算机系统的存储器按所处的位置可分为内存和外存。按构成存储器的材料，可分为磁存储器、半导体存储器和光存储器。按存储器的工作方式可分为读写存储器和只读存储器。按访问方式可分为按地址访问的存储器和按内容访问的存储器。按寻址方式可分为随机存储器、顺序存储器和直接存储器。相联存储器是一种按内容访问的存储器。4[单选题]在CPU中用于跟踪指令地址的寄存器是()。A.地址寄存器(MAR)B.数据寄存器(MDR)C.程序计数器(PC)D.指令寄存器(IR)正确答案：C参考解析：程序计数器中存放的是下一条指令的地址(可能是下一条指令的绝对地址，也可能是相对地址，即地址偏移量)。由于多数情况下，程序是顺序执行的，所以程序计算数器设计成能自动加1的装置。当出现转移指令时，需要重填程序计数器。指令寄存器：中央处理器即将执行的操作码存在这里。数据寄存器是存放操作数、运算结果和运算的中间结果，以减少访问存储器的次数，或者存放从存储器读取的数据以及写入存储器的数据的寄存器。地址寄存器用来保存当前CPU所访问的内存单元的地址。由于在内存和CPU之间存在着操作速度上的差别，所以必须使用地址寄存器来保持地址信息，直到内存的读／写操作完成为止。5[单选题]关于在I／O设备与主机间交换数据的叙述，(  )是错误的。A.中断方式下，CPU需要执行程序来实现数据传送任务B.中断方式和DMA方式下，CPU与I／O设备都可同步工作C.中断方式和DMA方式中，快速I／O设备更适合采用中断方式传递数据D.若同时接到DMA请求和中断请求，CPU优先响应DMA请求正确答案：C参考解析：本题考查I／O设备与主机间交换数据的方式和特点。I／O设备与主机间进行数据输入输出主要有直接程序控制方式、中断方式、DMA方式和通道控制方式。直接程序控制方式的主要特点是：CPU直接通过I／0指令对I／O接口进行访问操作，主机与外设之间交换信息的每个步骤均在程序中表示出来，整个输入输出过程是由CPU执行程序来完成的。中断方式的特点是：当阳接口准备好接收数据或向CPU传送数据时，就发出中断信号 通知 关于发布提成方案的通知关于xx通知关于成立公司筹建组的通知关于红头文件的使用公开通知关于计发全勤奖的通知 CPU。对中断信号进行确认后，CPU保存正在执行的程序的现场，转而执行提前设置好的v0中断服务程序，完成一次数据传送的处理。这样，CPU就不需要主动查询外设的状态，在等待数据期间可以执行其他程序，从而提高了CPU的利用率。采用中断方式管理I／O设备，CPU和外设可以并行地工作。虽然中断方式可以提高CPU的利用率，能处理随机事件和实时任务，但一次中断处理过程需要经历保存现场、中断处理和恢复现场等阶段，需要执行若干条指令才能处理一次中断事件，因此这种方式无法满足高速的批量数据传送要求。直接内存存取(DirectMemoryAccess，DMA)方式的基本思想是：通过硬件控制实现主存与I／O设备问的直接数据传送，数据的传送过程由DMA控制器(DMAC)进行控制，不需要CPU的干预。在DMA方式下，需要CPU启动传送过程，即向设备发出“传送一块数据”的命令。在传送过程结束时，DMAC通过中断方式通知CPU进行一些后续处理工作。DMA方式简化了CPU对数据传送的控制，提高了主机与外设并行工作的程度，实现了快速外设和主存之间成批的数据传送，使系统的效率明显提高。通道是一种专用控制器，它通过执行通道程序进行I／O操作的管理，为主机与l／O设备提供一种数据传输通道。用通道指令编制的程序存放在存储器中，当需要进行l／O操作时，CPU只要按约定格式准备好命令和数据，然后启动通道即可；通道则执行相应的通道程序，完成所要求的操作。用通道程序也可完成较复杂的I／O管理和预处理，从而在很大程度上将主机从繁重的I／0管理工作中解脱出来，提高了系统的效率。6[单选题]某指令流水线由5段组成，第1、3、5段所需时间为△t，第2、4段所需时间分别为3△t、2△t，如图1—4所示，那么连续输入n条指令时的吞吐率(单位时间内执行的指令个数)TP为(  )。A.n／[5×(3+2)△t]B.n／[(3+3+2)△t+3(n-1)△t]C.n／[(3+2)△t+3(n一3)△t]D.n／[(3+2)△t+5×3△t]正确答案：B参考解析：本题考查计算机系统流水线方面的基础知识。吞吐率和建立时间是使用流水线技术的两个重要指标。吞吐率是指单位时间里流水线处理机流出的结果数。对指令而言，就是单位时间里执行的指令数。流水线开始工作，须经过一定时间才能达到最大吞吐率，这就是建立时间。若m个子过程所用时间一样，均为△t0，则建立时间To=m△t0。本题目中，连续输入n条指令时，第1条指令需要的时间(1+3+1+2+1)△t，之后，每隔3At便完成1条指令，即流水线一旦建立好，其吞吐率为最长子过程所需时间的倒数。综合n条指令的时间为(1+3+1+2+1)△t+(n一1)×3△t，因此吞吐率为7[单选题]下在输入输出控制方法中，采用()可以使得设备与主存间的数据块传送无需CPU干预。A.程序控制输入输出B.中断C.DMAD.总线控制正确答案：C参考解析：本题考查CPU中相关寄存器的基础知识。计算机中主机与外设间进行数据传输的输入输出控制方法有程序控制方式、中断方式、DMA等。在程序控制方式下，由CPU执行程序控制数据的输入输出过程。在中断方式下，外设准备好输入数据或接收数据时向CPU发出中断请求信号，CPU若决定响应该请求，则暂停正在执行的任务，转而执行中断服务程序进行数据的输入输出处理，之后再回去执行原来被中断的任务。在DMA方式下，CPU只需向DMA控制器下达指令，让DMA控制器来处理数据的传送，数据传送完毕再把信息反馈给CPU，这样就很大程度上减轻了CPU的负担，可以大大节省系统资源。8[单选题]采用Cache技术可以提高计算机性能，()属于Cache的特征。A.全部用软件实现B.显著提高CPU数据输入输出的速率C.可以显著提高计算机的主存容量D.对程序员是不透明的正确答案：B参考解析：高速缓冲存储器(Cache)：在计算机存储系统的层次结构中，介于中央处理器和主存储器之间的高速小容量存储器。它和主存储器一起构成一级的存储器。高速缓冲存储器和主存储器之间信息的调度和传送是由硬件自动进行的。Cache的容量一般只有主存储器的几百分之一，但它的存取速度能与中央处理器相匹配。根据程序局部性原理，正在使用的主存储器某一单元邻近的那些单元将被用到的可能性很大。因而，当中央处理器存取主存储器某一单元时，计算机硬件就自动地将包括该单元在内的那一组单元内容调入高速缓冲存储器，中央处理器即将存取的主存储器单元很可能就在刚刚调入到高速缓冲存储器的那一组单元内。于是，中央处理器就可以直接对高速缓冲存储器进行存取。在整个处理过程中，如果中央处理器绝大多数存取主存储器的操作能为存取高速缓冲存储器所代替，计算机系统处理速度就能显著提高。显然，Cache可以显著提高CPU数据输入输出的速率。9[单选题]虚拟存储器是为了使用户可运行比主存容量大得多的程序，它要在()之间进行信息动态调度，这种调度是由操作系统和硬件两者配合来完成的。A.CPU和I／O总线B.CPU和主存C.主存和辅存D.BIOS和主存正确答案：C参考解析：虚拟存储的作用：内存在计算机中的作用很大，电脑中所有运行的程序都需要经过内存来执行，如果执行的程序很大或很多，就会导致内存消耗殆尽。为了解决这个问题，Windows中运用了虚拟内存技术，即拿出一部分硬盘空间来充当内存使用，当内存占用完时，电脑就会自动调用硬盘来充当内存，以缓解内存的紧张。虚拟存储器要在主存(如内存)和辅存(如硬盘)之间进行信息动态调度。10[单选题]某网络工程 计划 项目进度计划表范例计划下载计划下载计划下载课程教学计划下载 图如下所示，边上的标记为任务编码及其需要的完成时间(天)，则整个工程的工期为()A.21B.22C.25D.29正确答案：D参考解析：关键路径法(CriticalPathMethod,CPM)，在一个项目中，只有项目网络中最长的或耗时最多的活动完成之后，项目才能结束，这条最长的活动路线就叫关键路径，组成关键路径的活动称为关键活动。整个项目工期是由最长的线路来决定的。寻找最长路径1→2→3→4→5→6，路径之和就是整个工程的工期。11[单选题]X1=+1001，则X1的反码是()。A.1001B.01010C.11001D.01001正确答案：D参考解析：正整数的反码就是其本身，而负整数的反码则通过对其绝对值按位求反来取得。基本规律是：除符号位外的其余各位逐位取反就得到反码。反码表示的数和原码相同且一对应。X1=+1001，则X1的反码是01001。12[单选题]操作系统中进程的运行有三种基本状态:就绪态、运行态和阻塞态。请填下图中1、2、3处的进程状态。A.运行、阻塞、就绪B.运行、就绪、阻塞C.阻塞、就绪、运行D.阻塞、运行、就绪正确答案：B参考解析：进程简单来说就是操作系统中正在运行的程序以及与之相关的资源的集合。操作系统中进程的运行有三种基本状态:就绪态、运行态和阻塞态。这三种基本状态在进程的生命周期中是不断变换的。从图29-1，由于调度程序的调度可以将就绪状态的进程转入运行状态；当运行的进程由于分配的时间片用完了，也可以转入就绪状态；阻塞状态的进程由于I/O操作完成，将该进程从阻塞队列中唤醒，使其进入就绪状态；还有一种情况就是运行状态的进程可能由于I/O请求的资源得不到满足而进入阻塞状态。13[单选题]以下关于CISC复杂指令集计算机和RISC精简指令集计算机的叙述中，错误的是()。A.采用RISC技术，指令系统中的指令种类和寻址方式更少B.RISC型CPU不仅精简了指令系统，而且还采用了超标量和超流水线结构C.RISC与CISC在软件和硬件上兼容D.RISC指令格式整齐划一，指令在执行时间和效率上相对一致正确答案：C参考解析：CPU根据所使用的指令集可以分为:CISC指令集和RISC指令集两种。第二章数据通信基础1[单选题]在计算机系统中，构成虚拟存储器()。A.既需要硬件也需要软件方可实现B.只需要一定的软件即可实现C.只需要一定的硬件资源即可实现D.既不需要软件也不需要硬件正确答案：A参考解析：本题考查虚拟存储的构成。虚拟存储器是操作系统自动实现存储信息调度和管理的，但需要有硬件资源的配合实现。主存的特点是速度快但容量小，CPU可直访问。外存的特点的容量大和速度慢，CPU不能直接访问。用户的程序和数据通常放在外存中。因此需要经常在主与外存间取来送去。由用户来干预调度很不方便。虚拟存储器用来解决这个矛盾，使用户感到他可以直接访问整个内外存空间，而不需要用户干预。因此容量很大的速度较快的外存储器(硬磁盘)成为虚拟存储器主要组成部分。虚拟储存器中硬盘中的数据和主存中的数据的调度方法与高速缓存Cache的调度方法类似。即把经常访问的数据调入告诉主存中保存。不需要的数据用一定的替代算法再送回硬盘中。这些调入调出的操作都是由虚拟存储器自动完成的。综上所述，构成虚拟存储器既需要硬件也需要软件。2[单选题]在操作系统文件管理中，通常采用()来组织和管理外存中的信息。A.字处理程序B.设备驱动程序C.文件目录D.语言翻译程序正确答案：C参考解析：本题考查的是操作系统文件管理方面的基础知识。存放在磁盘空间上的各类文件必须进行编目，操作系统才能实现文件的管理，这与图书馆中的藏书需要编目录、一本书需要分章节是类似的。用户总是希望能“按名存取”文件中的信息。为此，文件系统必须为每一个文件建立目录项，即为每个文件设置用于描述和控制文件的数据结构，记载该文件的基本信息，如文件名、文件存放的位置、文件的物理结构等。这个数据结构称为文件控制块FCB，文件控制块的有序集合称为文件目录。3[单选题]若某文件系统的目录结构如图2-6所示，假设用户要访问文件f1.java，且当前工作目录为Program，则该文件的全文件名为(  )。A.f1．javaB.＼Document＼java-prog＼f1．javaC.D：＼Program＼java-prog＼f1．davaD.＼Program＼Java-prog＼f1．dava正确答案：C参考解析：Windows操作系统中的文件目录结构：在对数据文件进行操作时，一般要用盘符指出被操作的文件或目录在哪一磁盘。盘符也称驱动器名。文件是按一定格式建立在外存储介质上的一组相关信息的集合。计算机中的文件，一般上存储在磁盘、光盘或磁带中，如果没有特殊说明，我们认为文件上存储在磁盘上的，称为磁盘文件。每一个文件必须有一个名字，称为文件名。文件目录，即Windows操作系统中的文件夹。为了实现对文件的统一管理，同时又方便用户，操作系统采用树状结构的目录来实现对磁盘上所有文件的组织和管理。根目录用“＼”表示，从根目录或当前目录至所要找的文件或目录所需要经过的全部子目录的顺序组合。绝对路径指的是从根目录开始到目标文件或目录的一条路径。所以fl．java文件的绝对路径是“D：＼Program＼java-prog＼f1.dava”。4[单选题]以下不属于操作系统基本功能的是()。A.进程管理B.作业管理C.内部管理D.存储管理正确答案：C参考解析：操作系统提供了5个方面的功能：进程管理、文件管理、存储管理、设备管理和作业管理。处理机管理是对处理机的执行“时间”进行管理。通过进程管理协调多道程序之间的关系，解决对处理器实施分配调度策略、进行分配和进行回收等问题，以使CPU资源得到最充分的利用。文件管理主要包括存储分配与回收、存储保护、地址映射和主存扩充。存储管理是对主存储器“空间”进行管理。设备管理是对硬件设备的管理，设备管理不仅涵盖了进行实际I／0操作的设备，还涵盖了例如设备控制器、通道等输入输出支持设备。作业管理包括任务、界面管理、人机交互、语音控制等。5[单选题]系统中有R类资源m个，现有n个进程互斥使用。若每个进程对R资源的最大需求为w，那么当m、n、w取下表的值时，对于表2-2中的a～e五种情况，()两种情况可能会发生死锁。A.a和bB.b和CC.c和dD.c和e正确答案：D参考解析：本题考查对操作系统死锁方面基本知识掌握的程度。系统中同类资源分配不当会引起死锁。一般情况下，若系统中有m个单位的存储器资源，它被n个进程使用，当每个进程都要求w个单位的存储器资源，当m>nw时，可能会引起死锁。(1)情况a：m=2，n=1，w=2，系统中有2个资源，1个进程使用，该进程最多要求2个资源，所以不会发生死锁。(2)情况b：m=2，n=2，w=1，系统中有2个资源，2个进程使用，每个进程最多要求1个资源，所以不会发生死锁。(3)情况C：m=2，n=2，w=2，系统中有2个资源，2个进程使用，每个进程最多要求2个资源，此时，采用的分配策略是轮流地为每个进程分配，则第一轮系统先为每个进程分配1个，此时，系统中已无可供分配的资源，使得各个进程都处于等待状态导致系统发生死锁。(4)情况d：m=4，n=3，w=2，系统中有4个资源，3个进程使用，每个进程最多要求2个资源，此时，采用的分配策略是轮流地为每个进程分配，则第一轮系统先为每个进程分配1个资源，此时，系统中还剩1个资源，可以使其中的一个进程得到所需资源并运行完毕，所以不会发生死锁。(5)情况e：m=4，n=3，w=3，系统中有4个资源，3个进程使用，每个进程最多要求3个资源，此时，采用的分配策略是轮流地为每个进程分配，则第一轮系统先为每个进程分配1个，第二轮系统先为一个进程分配1个，此时，系统中已无可供分配的资源，使得各个进程都处于等待状态导致系统发生死锁。6[单选题]进程Pa不断向管道写数据，进程Pb从管道中读取数据并加工处理，如图2．7所示。如果采用PV操作来实现进程Pa和Pb的管道通信，并且保证这两个进程并发执行的正确性，则至少需要()。A.1个信号量，信号量的初始值为0B.2个信号量，信号量的初始值为0、1C.3个信号量，信号量的初始值为0、0、1D.4个信号量，信号量的初始值为0、0、1、1正确答案：B参考解析：这是一个典型的生产者和消费者问题。其中进程Pa和Pb分别为生产者和消费者，管道为临界区。我们的程序应该设置一个同步信号量，为1时说明管道已满拒绝Pa再写入数据；为0时说明管道为空拒绝Pb再读出数据。管道初始是没有数据的，所以初始值为0(特例情况即管道的大小为1个单位)。程序还需要1个互斥信号量来保证程序只有一个进程访问管道，其初始值为1。7[单选题]页式虚拟存储系统的逻辑地址是由页号和页内地址两部分组成，地址变换过程如图2—8所示。假定页面的大小为8KB，图中所示的十进制逻辑地址9612经过地址变换后，形成的物理地址a应为十进制()。A.42380B.25996C.9612D.8192正确答案：B参考解析：本题考查页式存储管理中的地址变换知识。在页式存储管理中，有效地址除页的大小，取整为页号，取余为页内地址。本题页面的大小为8KB，有效地址9612除8192，取整为1，取余为1420。我们先查页表得物理块号3，因此有效地址a为8192×3+1420=25996。8[单选题]采用生产者和消费者方式解决同步和互斥时通常需要用()个信号量。A.1B.2C.3D.4正确答案：C参考解析：当采用生产者与消费者方式解决同步和互斥时通常需要两个私用信号量，即empty和full，以及一个公用信号量mutex。其中empty表示空缓区数目的信号量。full是表示满缓冲区数目的信号量。mutex是对临界缓冲区进行操作的互斥信号量。9[单选题]通过硬件和软件的功能扩展，把原来的独占设备改造成能为若干用户共享的设备，这种设备被称为(  )设备。A.用户B.系统C.虚拟D.邻界正确答案：C参考解析：SPOOLing技术是外围设备联机并行操作，是一种速度匹配技术，也是一种虚拟设备技术。这种技术科使得独占的设备变成可共享的设备，使得设备的利用率和系统效率都能够得到提高。此技术用一种物理设备模拟另一类物理设备，是个作业在执行期间只使用虚拟的设备，而不直接使用物理的独占设备。10[单选题]下面关于二级目录的叙述中，错误的是()设备。A.二级目录将文件的目录分为两级：一级是主目录，另一级是根目录B.二级目录只有一个总目录和若干个子目录C.总目录表的目的内容是子目录的名称、位置及大小。子目录表的目的内容是文件控制块信息D.文件的用户名就是子目录名正确答案：C参考解析：二级目录将文件的目录分为两级。一级是主目录，另一级是根目录。二级目录只有一个总目录和若干个子目录，文件的用户名就是子目录名。总目录表的内容是子目录的名称、位置、大小，子目录表中的内容是其下子对象的名称、位置、大小等信息。11[单选题]使用海明码进行前向纠错，如果冗余位为3位，那么信息位最多可以用到()位。A.2B.3C.4D.5正确答案：C参考解析：海明码是一种多重奇偶检错系统，它具有检错和纠错的功能。海明码中的全部传输码字是由原来的信息和附加的奇偶校验位组成的。每个这种奇偶校验位和信息位被编在传输码字的特定位置上。这种系统组合方式能找出错误出现的位置，无论是原有信息位，还是附加校验位。设海明码校验位(冗余位)为k，信息位为m，则它们之间的关系应满足m+k+1≤2^k。代入公式:m+3+1≤8，那么m最大等于4。12[单选题]光纤通信中使用的复用方式是(请作答此空)。TI载波把24个信道按()方式复用在一条1.544Mb/s的高速信道上，每条话音信道的数据速率是()。A.异步时分复用B.同步时分复用C.码分复用D.波分复用正确答案：D参考解析：所谓波分复用就是将整个波长频带被划分为若干个波长范围，每路信号占用一个波长范围来进行传输。属于特殊的频分复用。光纤通信中使用的复用方式是波分复用。T1系统共有24个语音话路，每个时隙传送8bit(7bit编码加上1bit信令)，因此共用193bit(192bit加上1bit帧同步位)。每秒传送8000个帧，因此PCM一次群T1的数据率=8000x193b/s=1.544Mb/s，其中的每个话音信道的数据速率是64kb/s.13[单选题]海明研究发现，检测d个错误，则编码系统要求()。A.码距≥d+1B.码距≥dC.码距≥d-1D.码距=d正确答案：A参考解析：海明码距(码距)是两个码字中不相同的二进制位的个数。海明研究发现，检测d个错误，则编码系统码距≥d+1；纠正d个错误，则编码系统码距>2d.14[单选题]光纤通信中使用的复用方式是()。TI载波把24个信道按(请作答此空)方式复用在一条1.544Mb/s的高速信道上，每条话音信道的数据速率是()。A.时分复用B.码分复用C.波分复用D.频分复用正确答案：A参考解析：所谓波分复用就是将整个波长频带被划分为若干个波长范围，每路信号占用一个波长范围来进行传输。属于特殊的频分复用。光纤通信中使用的复用方式是波分复用。T1系统共有24个语音话路，每个时隙传送8bit(7bit编码加上1bit信令)，因此共用193bit(192bit加上1bit帧同步位)。每秒传送8000个帧，因此PCM一次群T1的数据率=8000x193b/s=1.544Mb/s，其中的每个话音信道的数据速率是64kb/s.15[单选题]设信道的码元速率为600波特，采用4相DPSK调制，则信道的数据速率为()b/s。A.300B.600C.800D.1200正确答案：D参考解析：码元速率(波特率):即单位时间内载波参数(相位、振幅、频率等)变化的次数，单位为波特，常用符号Baud表示，简写成B。比特率(信息传输速率、信息速率):指单位时间内在信道上传送的数据量(即比特数)，单位为比特每秒(bit/s)，简记为b/s或bps。波特率与比特率有如下换算关系:数据速率=Blog2N=600*log24=1200bps.16[单选题]光纤通信中使用的复用方式是()，TI载波把24个信道按()方式复用在一条1.544Mb/s的高速信道上，每条话音信道的数据速率是(请作答此空)。A.56bpsB.64bpsC.128bpsD.256bps正确答案：B参考解析：所谓波分复用就是将整个波长频带被划分为若干个波长范围，每路信号占用一个波长范围来进行传输。属于特殊的频分复用。光纤通信中使用的复用方式是波分复用。T1系统共有24个语音话路，每个时隙传送8bit(7bit编码加上1bit信令)，因此共用193bit(192bit加上1bit帧同步位)。每秒传送8000个帧，因此PCM一次群T1的数据率=8000x193b/s=1.544Mb/s，其中的每个话音信道的数据速率是64kb/s.第三章广域通信网1[单选题]是否建立了丰富的()是衡量一个面向对象程序设计语言成熟与否的重要标志之一A.函数库B.类库C.类型库D.方法库正确答案：B参考解析：面向对象程序设计语言的特点主要有继承性、封装性和多态性，其中，继承性是其他类型的程序语言所不具有的。衡量一个面向对象程序设计语言成熟与否的重要标志之一是看其是否建立了丰富的类库。2[单选题]常见的软件开发模型有瀑布模型、演化模型、螺旋模型、喷泉模型等。其中()适用于需求明确或很少变更的项目。A.瀑布模型B.演化模型C.螺旋模型D.喷泉模型正确答案：A参考解析：本题考查的是常见的软件开发模型的基本概念。瀑布模型给出了软件生存周期中制定开发计划、需求分析、软件设计、编码、测试和维护等阶段以及各阶段的固定顺序，上一阶段完成后才能进入到下一阶段，整个过程如同瀑布流水。该模型为软件的开发和维护提供了一种有效的管理模式，但在大量的实践中暴露出其缺点，其中最为突出的是缺乏灵活性，特别是无法解决软件需求不明确或不准确的问题。这些问题有可能造成开发出的软件并不是用户真正需要的，并且这一点只有在开发过程完成后才能发现。所以瀑布模型适用于需求明确，且很少发生较大变化的项目。3[单选题]确定构建软件系统所需要的人数时不必考虑()。A.系统的市场前景B.系统的规模C.系统的技术复杂性D.项目计划正确答案：A参考解析：本题考查项目管理基础知识。在规划软件开发资源时为了确定系统开发所需的人员数量，需要综合考虑软件系统的规模、系统的技术复杂性、项目计划和开发人员的技术背景等方面。系统的市场前景与开发管理人员无关，主要是决策者和销售者所关心的事情。4[单选题]如图3—7所示的PERT图中，事件6的最晚开始时刻是()。A.0B.3C.10D.11正确答案：C参考解析：计算如下：先计算每个任务的最早时间： 2号开始的最早时间是0+2=2，5号是2+2=4，7号是4+5=9，3号是0+2=2，4号是0，6的两个前驱任务3，4中取最迟的，则是4，8号的两个前驱任务是5和6，取最迟的是9，9的两个前驱是7，8，去最迟的时间是15．接下来计算最迟开始时间，9号任务的最迟时间是15，就是最早开工时间，因为9是最后一个任务了。倒过来计算7的最迟时间是15—6=9，8号的最迟是15-4=11，8号的前驱是6，因此6的最迟时间是11一1=10，其余依次类推即可。5[单选题]下列叙述中，与提高软件可移植性相关的是()。A.选择时间效率高的算法B.尽可能减少注释C.选择空间效率高的算法D.尽量用高级语言编写系统中对效率要求不高的部分正确答案：D参考解析：软件可移植性指与软件从某一环境转移到另一环境下的难易程度。为获得较高的可移植性，在设计过程中常采用通用的程序设计语言和运行支撑环境。尽量不用与系统的底层相关性强的语言。6[单选题]在开发一个系统时，如果用户对系统的目标是不很清楚，难以定义需求，这时最好使用(  )。A.原型法B.瀑布模型C.V-模型D.螺旋模型正确答案：A参考解析：应用原型法的主要目的就是获取需求，使用原型法，在用户的共同参与下可以改善和加快需求获取过程。7[单选题]应该在()阶段制定系统测试计划。A.需求分析B.概要设计C.详细设计D.系统测试正确答案：A参考解析：软件开始是一个长时间的过程，其测试计划的制定应该是尽可能的早，一般在需求分析阶段就开始指定测试计划。8[单选题]使用LOC(linsofcode)度量软件规模的优点是(  )。A.容易计算B.与使用的编程语言有关C.与采用的开发模型有关D.在设计之前就可以计算出LOC正确答案：A参考解析：代码行技术(LOC)是比较简单的定量估算软件规模的方法。它的计算过程是：首先由多名有经验的软件工程师分别估计出软件的最小规模(a)、最大规模(b)和最可能的规模(P)，然后分别计算三种规模的平均值α、β和θ，最后代入公式L=(α+4θ+β)／6，就可以得出程序规模的估计值L。9[单选题]采用UML进行软件设计时，可用(  )关系表示两类实体之间存在的特殊／一般关系，用聚集关系表示事物之间存在的整体／部分关系。A.依赖B.聚集C.泛化D.实现正确答案：C参考解析：本题考查UML实体间联系的概念。UML实体间相互关系有如下4种。(1)依赖关系：假设A类的变化引起了B类的变化，则说明8类依赖于A类。依赖关系有如下3种情况。A类是B类的一个成员变量；A类是B类方法中的一个参数；A类向B类发送消息，从而影响8类发生情况。(2)泛化关系：A是B和C的父类，B和C具有公共类(父类)A，说明A是B和C的一般化也称泛化。在UML中对泛化关系有如下3个要求。子类与父类应该完全一致，父类所具有的属性和操作，子类应该都有；子类中除了与父类一致的信息以外，还包括额外的信息；可以使用父类的实例处也可以使用子类的实例。(3)聚集关系：聚集关系是所有关系当中最通用的关系，指的是两个类的实例之间存在某种语义上的联系且这种联系不存在非常明确的定义，如学校、教室、老师。聚集关系分为如下两种。聚合关系：整体与部分的关系，二者可以分开；组合关系：整体与部分的关系，二者不可以分开。(4)实现关系：用来规定接口和实现接口的类或者构建结构的关系，接口是操作的集合，而这些操作用于规定类或者构建的一种服务。10[单选题]一个软件项目的活动图如图3-9所示，其中顶点表示项目里程碑，边表示包含的活动，边上的权重表示活动的持续时间，则里程碑()在关键路径上。A.1B.2C.3D.4正确答案：B参考解析：本题主要考查关键路径求解的问题。从开始顶点到结束顶点的最长路径为关键路径(临界路径)，关键路径上的活动为关键活动。在本题中找出的最长路径是Start->2->5->7->8．>Finish，其长度为8+15+15+7+20=65，而其他任何路径的长度都比这条路径小，因此我们可以知道里程碑2在关键路径上。11[单选题]程序的3种基本控制结构是()。A.过程、子程序和分程序B.顺序、选择、重复C.递归、堆栈、队列D.调用、返回、跳转正确答案：B参考解析：本题考查的是结构化程序设计中的3种基本控制结构，是一道概念题。选择也成为“判断”，重复也称为“循环”。12[单选题]软件开发中的瀑布模型典型的刻画了软件生命周期的阶段划分，与其最适应的软件开发方法是()。A.构件化方法 B.结构化方法C.面向对象方法D.快速原型法正确答案：B参考解析：结构化的分析与设计的软件开发方法是采用结构化技术来完成软件开发的各项任务。该方法把软件生命周期的全过程依次划分为若干阶段，然后顺序地完成每个阶段的任务，与瀑布模型有很好的结合度，是与其最相适应的开发方法。13[单选题]确定软件的模块划分及模块之间的调用关系是()阶段的任务。A.需求分析B.概要设计C.详细设计D.编码正确答案：B参考解析：需求分析阶段的任务主要是要解决系统做什么的问题，即弄清楚问题的要求，包括需要输入什么数据，要得到什么结果，最后应输出什么。概要设计的主要任务是把需求分析得到的结果转换为软件结构和数据结构，即将一个复杂系统按功能进行模块划分、建立模块的层次结构及调用关系、确定模块问的接口及人机界面、确定数据的结构特性，以及数据库的设计等。详细设计是在概要设计的基础上更细致的设计，它包括具体的业务对象设计、功能逻辑设计、界面设计等工作。详细设计是系统实现的依据，需要更多地考虑设计细节。编码即编写程序代码，具体实现系统。14[单选题]以下有关帧中继网的描述中不正确的是()。A.帧中继在虚电路上可以提供不同的服务质量B.在帧中继网中，既可以适应流式业务，又可以适应突发式业务C.帧中继网中帧长不变D.帧中继中第三层被简化正确答案：C参考解析：帧中继最初是作为ISDN的一种承载业务而定义的。帧中继在第二层建立虚电路，用帧方式承载数据业务，因而第三层就被简化掉了。帧中继提供虚电路业务，其业务面向连接的网络服务。在帧中继的虚电路上可以提供不同的服务质量。在帧中继网上，用户的数据速率可以在一定的范围内变化，从而既可以适应流式业务，又可以适应突发式业务。帧中继提供两种虚电路：交换虚电路和永久虚电路。帧长可变，可以承载各种局域网的数据传输。15[单选题]帧中继网络没有采用流量控制机制，只有拥塞控制功能。采用显式信令控制时，如果LAP-D帧中的BECN比特置1，则表示（）。A.在帧的传送方向上出现了拥塞B.在与帧传送相反的方向上出现了拥塞C.在两个传送方向上同时出现了拥塞D.没有出现拥塞正确答案：B参考解析：FECN(ForwardExplicitCongestionNotification，前向显式拥塞通知):当一台帧中继交换机意识到网络上发生拥塞的时候，会向目的设备发送FECN分组，此时FECN比特置为1，表示在传送方向上出现了拥塞，该帧到达接收方后，接收方可根据此调整发送的数据速率。BECN(BackwardExplicitCongestionNotification，后向显式拥塞通知):当一台帧中继交换机意识到网络上发生拥塞的时候，会向源路由器发送BECN分组，此时BECN比特置为1，表示传送相反的方向上出现了拥塞，该帧到达发送端后，发送方可据此调整发送的数据速率。如果路由器在当前的时间间隔内接收到任何BECN，它会按照25%的比例降低分组的发送速率。 16[单选题]若采用后退N帧ARQ协议进行流量控制，帧编号字段为8位，则发送窗口的最大长度为()。A.7B.8C.127D.255正确答案：D参考解析：本题考查后退N帧ARQ协议知识。后退N帧ARQ协议的发送窗口W≤编号个数-1，编号个数为8位即为255个，所以发送窗口的最大长度为W=256-1=255.第四章局域网与城域网1[单选题] 标准 excel标准偏差excel标准偏差函数exl标准差函数国标检验抽样标准表免费下载红头文件格式标准下载 化工作的任务是制定标准、组织实施标准和对标准的实施进行监督，(  )是指编制计划，组织草拟，审批、编号、发布的活动。A.制订标准B.组织实施标准C.对标准的实施进行监督D.标准化过程正确答案：A参考解析：标准化是为了在一定范围内获得最佳秩序，对现实问题或潜在问题制订共同使用和重复使用的条款的活动。标准化法明确规定了标准化工作的任务是制订标准、组织实施标准和对标准的实施进行监督。制定标准是指，标准制定部门对需要制定标准的项目，编制计划，组织草拟，审批、编号、发布的活动。组织实施标准是指有组织、有计划、有措施地贯彻执行标准的活动。对标准的实施进行监督是指对标准贯彻执行情况进行督、检查和处理的活动。2[单选题]《计算机软件产品开发文件编制指南》(GB8567—88)是()标准。A.强制性B.推荐性C.强制性行业 D.推荐性行业正确答案：A参考解析：常见的标准代号如下：(1)GB：中国国家强制标准。(2)GB／T：中国推荐性国家标准。(3)GJB：中国国家军用标准。(4)JB：中国机械行业(含机械、电工及仪器仪表等)强制性行业标准。(5)IS0：国际标准化组织标准。(6)NAS：美国国家航空航天标准。3[单选题]标准化是一门综合性学科，其工作内容极为广泛，可渗透到各个领域。标准化工作的特征包括横向综合性、政策性和()。A.统一性B.灵活性C.先进性D.安全性正确答案：A参考解析：标准化工作的特征包括横向综合性、政策性、统一性。4[单选题]Foreachblank,choosethebestanswerfromthefourchoicesandwritedownontheanswersheet.()isasixbytesOSIlayer2addresswhichisburnedintoeverynetworkingdevicethatprovidesitsuniqueidentityforpointtopointcommunication.(请作答此空)isaprofessionalorganizationofindividualsinmultipleprofessionswhichfocusesoneffortonlower-layerprotocols.()functionswithtwolayersofprotocols.ItCanconnectnetworksofdifferentspeedsandcanbeadaptedtoanenvironmentasitexpands.()isthepopularLANdevelopedunderthedirectionoftheIEEE802.5.()isthepopularbackbonetechnologyfortransmittinginformationathighspeedwithahighleveloffaulttolerancewhichisdevelopedunderthedirectionofANSI.A.ISOB.ANSIC.CCITTD.IEEE正确答案：D参考解析：MAC地址就是在媒体接入层上使用的地址，通俗点说就是网卡的物理地址，现在的MAC地址一般都采用6字节48bit，lEEE是由多个研究底层协议的机构组成的权威组织。以太网是共享介质的，物理层接收帧，如果地址和自己的地址一致(或者是广播消息)，就留下；反之则转发。因此当主机的数量增加时，网络就会变得十分嘈杂，传送效率明显降低。而网桥是工作在数据链路层的设备，它将一个大型的以太网分为几个小网段，可以取得减少通信量的作用。令牌环网是一种符合IEEE802.5标准的局域网。监督帧，即令牌，顺序地从一个网站传递到相临的网站上。希望获得网络访问权的网站必须等到令牌到达之后才能传输数据。光纤分布数据接口是目前成熟的LAN技术中传输速率最高的一种。这种传输速率高达100Mb/s的网络技术所依据的标准是ANSIX3T9.5。该网络具有定时令牌协议的特性，支持多种拓扑结构，传输媒体为光纤。使用光纤作为传输媒体具有多种优点:较长的传输距离，相邻站间的最大长度可达2km，最大站间距离为200km。具有较大的带宽，FDDI的设计带宽为100Mbit/s，具有对电磁和射频干扰抑制能力，在传输过程中不受电磁和射频噪声的影响，也不影响其他设备。光纤可防止传输过程中被分接偷听，也杜绝了辐射波的窃听，因而是最安全的传输媒体。5[单选题]局域网中某主机的IP地址为192.16.1.12/26，该局域网的子网掩码为(请作答此空)，最多可以连接的主机数为()。A.255.255.255.0B.255.255.254.0C.255.255.252.128D.255.255.255.192正确答案：D参考解析：某主机的IP地址为192.16.1.12/26，/26表示子网掩码中有26个“1”，因此子网掩码是255.255.255.192。最多可连接的主机数是26-2=626[单选题]在网络负载较小时，CSMA/CD协议的通信效率和令牌环网的通信效率来比较的话，()。A.CSMA/CD协议较高B.CSMA/CD协议较低C.一样D.无法比较正确答案：A参考解析：CSMA/CD是一种解决访问冲突的协议，技术上易实现，网络中各工作站处于平等地位，不需要集中控制，不提供优先级控制。在网络负载较小时，CSMA/CD协议的通信效率很高；但在网络负载增大时，发送时间增加，发送效率急剧下降。这种网络协议适合传输非实时数据。7[单选题]物理层位于OSI/RM参考模型的最底层，提供透明的()传输。A.比特流B.帧C.数据报文D.信元正确答案：A参考解析：物理层位于OSI/RM参考模型的最底层，为数据链路层实体提供建立、传输、释放所必须的物理连接，并且提供透明的比特流传输。物理层的连接可以是全双工或半双工方式，传输方式可以是异步或同步方式。物理层的数据单位是比特，即一个二进制位。物理层构建在物理传输介质和硬件设备相连接之上，向上服务于紧邻的数据链路层。8[单选题]以太网的最小帧长为（）字节，这个帧长是指()的长度。A.40B.64C.128D.144正确答案：B参考解析：帧由8个字段组成，每个字段有一定含义和用途。每个字段长度不等，下面分别加以简述。前导字段:形为1010...1010，长度为7个字节。帧起始符字段：固定格式为10101011，长度为1个字节。目的地址、源地址字段：可以是6个字节。最高位为0，代表普通地址；最高位为1，代表组地址；全1的目标地址是广播地址。类型字段：标识上一层使用什么协议，以便把收到的MAC帧数据上交给上一层协议，也可以表示长度。类型字段是DIX以太网帧的说法，而IEEE802.3帧中的该字段被称为长度字段。由于该字段有两个字节，可以表示0~65535，因此该字段可以赋予多个含义，0~1500可以表示长度值，1536~65535(0x0600~0FxFFF)被用于描述类型值。考试中，该字段常标识为长度字段。数据字段：上一层的协议数据，长度为0~1500字节。填充字段：确保最小帧长为64个字节，长度为0~46字节。校验和字段:32位的循环冗余码，检验算法见本书的CRC部分。注意:以太网的最小帧长为64字节，这个帧长是指从目的地址到校验和的长度。9[单选题]局域网中某主机的IP地址为192.16.1.12/26，该局域网的子网掩码为()，最多可以连接的主机数为(请作答此空)。A.62B.64C.128D.192正确答案：A参考解析：某主机的IP地址为192.16.1.12/26，/26表示子网掩码中有26个“1”，因此子网掩码是255.255.255.192.最多可连接.的主机数是26-2=6210[单选题]Foreachblank,choosethebestanswerfromthefourchoicesandwritedownontheanswersheet.（）isasixbytesOSIlayer2addresswhichisburnedintoeverynetworkingdevicethatprovidesitsuniqueidentityforpointtopointcommunication.()isaprofessionalorganizationofindividualsinmultipleprofessionswhichfocusesoneffortonlower-layerprotocols.()functionswithtwolayersofprotocols.ItCanconnectnetworksofdifferentspeedsandcanbeadaptedtoanenvironmentasitexpands.(请作答此空)isthepopularLANdevelopedunderthedirectionoftheIEEE802.5.（）isthepopularbackbonetechnologyfortransmittinginformationathighspeedwithahighleveloffaulttolerancewhichisdevelopedunderthedirectionofANSI.A.EthernetB.TokenBusC.TokenRingD.DQDB正确答案：C参考解析：MAC地址就是在媒体接入层上使用的地址，通俗点说就是网卡的物理地址，现在的MAC地址一般都采用6字节48bit.IEE是由多个研究底层协议的机构组成的权威组织。以太网是共享介质的，物理层接收帧，如果地址和自己的地址一致(或者是广播消息)，就留下;反之则转发。因此当主机的数量增加时，网络就会变得十分嘈杂,传送效率明显降低。而网桥是工作在数据链路层的设备,它将一个大型的以太网分为几个小网段，可以取得减少通信量的作用。令牌环网是一种符合IEEE802.5标准的局域网。监督帧，即令牌，顺序地从一个网站传递到相临的网站上。希望获得网络访问权的网站必须等到令牌到达之后才能传输数据。光纤分布数据接C们是目前成熟的LAN技术中传输速率最高的一种。这种传输速率高达100Mb/s的网络技术所依据的标准是ANSIX3T9.5.该网络具有定时令牌协议的特性,支持多种拓扑结构，传输媒体为光纤。使用光纤作为传输媒体具有多种优点:较长的传输距离，相邻站间的最大长度可达2km,最大站间距离为200km.具有较大的带宽，FDDI的设计带宽为100Mbit/s.具有对电磁和射频干扰抑制能力，在传输过程中不受电磁和射频噪声的影响，也不影响其他设备。光纤可防止传输过程中被分接偷听，也杜绝了辐射波的窃听，因而是最安全的传输媒体。第五章无线通信网1[单选题]ARP协议的作用是由IP地址求MAC地址，ARP请求是广播发送，ARP响应是()发送。A.单播B.组播C.广播D.点播正确答案：A参考解析：ARP协议的作用是由IP地址求MAC地址。当源主机要发送一个数据帧时，必须在本地的ARP表中查找目标主机的MAC(硬件)地址。如果ARP表查不到，就广播一个ARP请求分组，这种分组可到达同一子网中的所有主机，它的含义是；“如果你的IP(协议)地址是这个，请回答你的MAC地址是什么。”收到该分组的主机一方面可以用分组中(发送结点的)的两个源地址更新自己的ARP表，另一方面用自己的IP地址与目标IP地址字段比较，若相符则发回一个ARP响应分组，向发送方 报告 软件系统测试报告下载sgs报告如何下载关于路面塌陷情况报告535n,sgs报告怎么下载竣工报告下载 自己的MAC地址，若不相符则不予回答。ARP请求通过广播帧发送，ARP响应通过单播帧发送给源站。2[单选题]TCP是互联网中的传输层协议，TCP协议进行流量控制的方法是()。A.使用停等ARQ协议 B.使用后退N帧ARQ协议C.使用固定大小的滑动窗口协议D.使用可变大小的滑动窗口协议正确答案：D参考解析：TCP使用可变大小的滑动窗口协议来进行流量控制。这种流控 方案 气瓶 现场处置方案 .pdf气瓶 现场处置方案 .doc见习基地管理方案.doc关于群访事件的化解方案建筑工地扬尘治理专项方案下载 把肯定应答信号与控制窗口滑动的信号分开处理，在控制数据流动速率方面给接收方提供了更大的自由度。在基础网络可靠的情况下，这种控制策略能产生平滑的数据流动，在基础网络不可靠时，它还是一种差错控制手段。 3[单选题]TCP实体发出连接请求(SYN)后，等待对方的(  )响应。A.SYNB.FIN，ACKC.SYN，ACK D.RST正确答案：C参考解析：TCP采用三次握手协议来建立和释放连接，参见图5一10所示。可见，当TCP实体发出连接请求(SYN)后，等待对方的SYN，ACK响应。4[单选题]在TCP／IP网络中，为各种公共服务保留的端口号范围是(  )。A.1～255B.256～1023C.1～1023D.1024～65535正确答案：C参考解析：端口号是传输层的服务访问点。在TCP和UDP报文中，端口号字段占16位，所以它的取值范围是0～-65535。常用的公共服务占用的端口号是1～1023，端口1024保留，其他专用协议在1025～65535中选用端口号。5[单选题]SSL协议使用的默认端口是()。A.80B.445C.8080D.443正确答案：D参考解析：本题属于记忆题。80端口是w曲服务默认端口。8080端口一般用于局域网内部提供Web服务。445端口和139端口一样，用于局域网中共享文件夹或共享打印机。6[单选题]浏览器与Web服务器通过建立()连接来传送网页。A.UDPB.TCPC.IPD.RIP正确答案：B参考解析：浏览器与Web服务器之间通过HTTP协议传送网页数据。支持HTTP协议的下层协议为TCP协议，所以在开始传送网页之前浏览器与Web服务器必须先建立一条TCP连接。7[单选题]下面信息中()包含在TCP头中而不包含在UDP头中。A.目标端口号 B.顺序号C.发送端口号 D.校验和正确答案：B参考解析：TCP和UDP是TCP／IP协议中的两个传输层协议，它们使用IP路由功能把数据包发送到目的地，从而为应用程序及应用层协议(包括：HTTP、SMTP、 SNMP、FTP和Telnet)提供网络服务。TCP提供的是面向连接的、可靠的数据流传输，而