浙江省2019年高考数学试题及答案

1浙江省2019年高考数学试 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 及答案（满分150分，考试时间120分钟）注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号码填写在答题卡和试卷指定位置上，并将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。参考公式：若事件A，B互斥，则()()()PABPAPB若事件A，B相互独立，则()()()PABPAPB若事件A在一次试验中发生的概率是p，则n次独立重复试验中事件A恰好发生k次的概率()C(1)(0,1,2,,)kknknnPkppkn台体的体积公式11221()3VSSSSh其中12,SS分别 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 示台体的上、下底面积，h表示台体的高柱体的体积公式VSh其中S表示柱体的底面积，h表示柱体的高锥体的体积公式13VSh其中S表示锥体的底面积，h表示锥体的高球的表面积公式24SR球的体积公式343VR其中R表示球的半径选择题部分（共40分）一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．已知全集1,0,1,2,3U，集合0,1,2A，1,0,1B，则()UABe=A．1B．0,1C．1,2,3D．1,0,1,32．渐近线方程为x±y=0的双曲线的离心率是A．22B．1C．2D．223．若实数x，y满足约束条件3403400xyxyxy，则z=3x+2y的最大值是A．1B．1C．10D．124．祖暅是我国南北朝时代的伟大科学家，他提出的“幂势既同，则积不容异”称为祖暅原理，利用该原理可以得到柱体的体积公式V柱体=Sh，其中S是柱体的底面积，h是柱体的高．若某柱体的三视图如图所示（单位：cm），则该柱体的体积（单位：cm3）是A．158B．162C．182D．3245．若a>0，b>0，则“a+b≤4”是“ab≤4”的A．充分不必要条件B．必要不充分条件C．充分必要条件D．既不充分也不必要条件6．在同一直角坐标系中，函数y=1xa，y=loga(x+12)(a>0，且a≠1)的图象可能是7．设0＜a＜1，则随机变量X的分布列是则当a在（0,1）内增大时，3A．D（X）增大B．D（X）减小C．D（X）先增大后减小D．D（X）先减小后增大8．设三棱锥V–ABC的底面是正三角形，侧棱长均相等，P是棱VA上的点（不含端点）．记直线PB与直线AC所成的角为α，直线PB与平面ABC所成的角为β，二面角P–AC–B的平面角为γ，则A．β<γ，α<γB．β<α，β<γC．β<α，γ<αD．α<β，γ<β9．已知,abR，函数32,0()11(1),032xxfxxaxaxx．若函数()yfxaxb恰有3个零点，则A．a<–1，b<0B．a<–1，b>0C．a>–1，b<0D．a>–1，b>010．设a，b∈R，数列{an}满足a1=a，an+1=an2+b，nN，则A．当b=12时，a10>10B．当b=14时，a10>10C．当b=–2时，a10>10D．当b=–4时，a10>10非选择题部分（共110分）二、填空题：本大题共7小题，多空题每题6分，单空题每题4分，共36分。11．复数11iz（i为虚数单位），则||z=___________．12．已知圆C的圆心坐标是(0,)m，半径长是r.若直线230xy与圆C相切于点(2,1)A，则m=___________，r=___________．13．在二项式9(2)x的展开式中，常数项是___________，系数为有理数的项的个数是___________．14．在ABC△中，90ABC，4AB，3BC，点D在线段AC上，若45BDC，则BD____，cosABD___________．15．已知椭圆22195xy的左焦点为F，点P在椭圆上且在x轴的上方，若线段PF的中点在以原点O为圆心，OF为半径的圆上，则直线PF的斜率是___________．16．已知aR，函数3()fxaxx，若存在tR，使得2|(2)()|3ftft，则实数a的最大值是____.417．已知正方形ABCD的边长为1，当每个(1,2,3,4,ii取遍1时，123456||ABBCCDDAACBD的最小值是___________，最大值是___________．三、解答题：本大题共5小题，共74分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。18．（本小题满分14分）设函数()sin,fxxxR.（1）已知[0,2),函数()fx是偶函数，求的值；（2）求函数22[()][()]124yfxfx的值域．19．（本小题满分15分）如图，已知三棱柱111ABCABC，平面11AACC平面ABC,90ABC，1130,,,BACAAACACEF分别是AC，A1B1的中点.（1）证明：EFBC；（2）求直线EF与平面A1BC所成角的余弦值.20．（本小题满分15分）设等差数列{}na的前n项和为nS，34a，43aS，数列{}nb满足：对每个12,,,nnnnnnnSbSbSbN成等比数列．（1）求数列{},{}nnab的通项公式；（2）记,,2nnnacnbN证明：12+2,.ncccnnN521．（本小题满分15分）如图，已知点(10)F，为抛物线22(0)ypxp的焦点，过点F的直线交抛物线于A、B两点，点C在抛物线上，使得ABC△的重心G在x轴上，直线AC交x轴于点Q，且Q在点F的右侧．记,AFGCQG△△的面积分别为12,SS．（1）求p的值及抛物线的准线方程；（2）求12SS的最小值及此时点G的坐标．22．（本小题满分15分）已知实数0a，设函数()=ln1,0.fxaxxx（1）当34a时，求函数()fx的单调区间；（2）对任意21[,)ex均有(),2xfxa求a的取值范围．注：e=2.71828⋯为自然对数的底数．6参考答案一、选择题：本题考查基本知识和基本运算。每小题4分，满分40分。1．A2．C3．C4．B5．A6．D7．D8．B9．C10．A二、填空题：本题考查基本知识和基本运算。多空题每题6分，单空题每题4分，共36分。11．2212．2,513．162,514．12272,51015．1516．4317．0,25三、解答题：本大题共5小题，共74分。18．本题主要考查三角函数及其恒等变换等基础知识，同时考查运算求解能力。满分14分。（1）因为()sin()fxx是偶函数，所以，对任意实数x都有sin()sin()xx，即sincoscossinsincoscossinxxxx，故2sincos0x，所以cos0．又[0,2π)，因此π2或3π2．（2）2222ππππsinsin124124yfxfxxxππ1cos21cos2133621cos2sin222222xxxx3π1cos223x．因此，函数的值域是33[1,1]22．19．本题主要考查空间点、线、面位置关系，直线与平面所成的角等基础知识，同时考查空间想象能力和运算求解能力。满分15分。 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 一：（1）连接A1E，因为A1A=A1C，E是AC的中点，所以A1E⊥AC．又平面A1ACC1⊥平面ABC，A1E平面A1ACC1，平面A1ACC1∩平面ABC=AC，7所以，A1E⊥平面ABC，则A1E⊥BC．又因为A1F∥AB，∠ABC=90°，故BC⊥A1F．所以BC⊥平面A1EF．因此EF⊥BC．（2）取BC中点G，连接EG，GF，则EGFA1是平行四边形．由于A1E⊥平面ABC，故A1E⊥EG，所以平行四边形EGFA1为矩形．由（1）得BC⊥平面EGFA1，则平面A1BC⊥平面EGFA1，所以EF在平面A1BC上的射影在直线A1G上．连接A1G交EF于O，则∠EOG是直线EF与平面A1BC所成的角（或其补角）．不妨设AC=4，则在Rt△A1EG中，A1E=23，EG=3.由于O为A1G的中点，故11522AGEOOG，所以2223cos25EOOGEGEOGEOOG．因此，直线EF与平面A1BC所成角的余弦值是35．方法二：（1）连接A1E，因为A1A=A1C，E是AC的中点，所以A1E⊥AC.又平面A1ACC1⊥平面ABC，A1E平面A1ACC1，平面A1ACC1∩平面ABC=AC，所以，A1E⊥平面ABC．如图，以点E为原点，分别以射线EC，EA1为y，z轴的正半轴，建立空间直角坐标系E–xyz．8不妨设AC=4，则A1（0，0，23），B（3，1，0），1(3,3,23)B，33(,,23)22F，C(0，2，0)．因此，33(,,23)22EF，(3,1,0)BC．由0EFBC得EFBC．（2）设直线EF与平面A1BC所成角为θ．由（1）可得1=(310)=(0223)BCAC，，，，，．设平面A1BC的法向量为n()xyz，，，由100BCACnn，得3030xyyz，取n(131)，，，故||4sin|cos|=5|||EFEFEF，nnn|，因此，直线EF与平面A1BC所成的角的余弦值为35．20．本题主要考查等差数列、等比数列、数列求和、数学归纳法等基础知识，同时考查运算求解能力和综合应用能力。满分15分。（1）设数列{}na的公差为d，由题意得11124,333adadad，解得10,2ad．从而*22,nannN．所以2*nSnnnN，，9由12,,nnnnnnSbSbSb成等比数列得212nnnnnnSbSbSb．解得2121nnnnbSSSd．所以2*,nbnnnN．（2）*221,22(1)(1)nnnanncnbnnnnN．我们用数学归纳法证明．（i）当n=1时，c1=0<2，不等式成立；（ii）假设*nkkN时不等式成立，即122kccck．那么，当1nk时，121122(1)(2)1kkkcccckkkkk2222(1)211kkkkkkk．即当1nk时不等式也成立．根据（i）和（ii），不等式122ncccn对任意*nN成立．21．本题主要考查抛物线的几何性质，直线与抛物线的位置关系等基础知识，同时考查运算求解能力和综合应用能力。满分15分。（1）由题意得12p，即p=2.所以，抛物线的准线方程为x=-1.（2）设,,,,,AABBccAxyBxyCxy，重心,GGGxy.令2,0Aytt，则2Axt.由于直线AB过F，故直线AB方程为2112txyt，代入24yx，得222140tyyt，故24Bty，即2Byt，所以212,Btt.10又由于11,33GABcGABcxxxxyyyy及重心G在x轴上，故220ctyt，得242211222,2,,03ttCttGttt.所以，直线AC方程为222yttxt，得21,0Qt.由于Q在焦点F的右侧，故22t.从而4224221244242222211|2|||322221222211|||1||2|23ActttFGytStttttSttQGytttt.令22mt，则m>0，122113222134323424SmSmmmmmm⋯.当3m时，12SS取得最小值312，此时G（2，0）．22．本题主要考查函数的单调性，导数的运算及其应用，同时考查逻辑思维能力和综合应用能力。满分15分。（1）当34a时，3()ln1,04fxxxx．31(12)(211)()42141xxf'xxxxx，所以，函数()fx的单调递减区间为（0，3），单调递增区间为（3，+）．（2）由1(1)2fa，得204a．当204a时，()2xfxa等价于2212ln0xxxaa．令1ta，则22t．设2()212ln,22gttxtxxt，11则211()(1)2lnxgtxtxxx．（i）当1,7x时，1122x，则()(22)84212lngtgxxx．记1()4221ln,7pxxxxx，则2212121()11xxxxp'xxxxxx(1)[1(221)]1(1)(12)xxxxxxxx.故x171(,1)71(1,)()p'x0+()px1()7p单调递减极小值(1)p单调递增所以，()(1)0pxp．因此，()(22)2()0gtgpx．（ii）当211,e7x时，12ln(1)()12xxxgtgxx⋯．令211()2ln(1),,e7qxxxxx，则ln2()10xq'xx，故()qx在211,e7上单调递增，所以1()7qxq,．由（i）得，127127(1)07777qpp．所以，()<0qx．因此1()()102qxgtgxx⋯．12由（i）（ii）知对任意21,ex，[22,),()0tgt⋯，即对任意21,ex，均有()2xfxa,．综上所述，所求a的取值范围是20,4．