2019-2020学年最新重庆市高三物理一模试卷含解析

www.ks5u.com重庆市高考物理一模 试卷 云南省高中会考试卷哪里下载南京英语小升初试卷下载电路下试卷下载上海试卷下载口算试卷下载 　二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．下列说法正确的是（　　）A．光的波粒二象性是综合了牛顿的微粒说和惠更斯的波动说得出来的B．U+n→Sr+Xe+xn是核裂变方程，其中x=10C．发生光电效应时，入射光越强，光子的能力就越大，光电子的最大初动能就越大D．爱因斯坦的质能方程E=mc2中，E是物体以光速c运动的动能2．重庆一些地区有挂灯笼的习俗．如图，质量为m的灯笼用两根长度一定的轻绳OA、OB悬挂在水平天花板上，O为结点，OA＞OB，∠AOB=90°．设OA、OB对O点的拉力大小分别为FA，FB，轻绳能够承受足够大的拉力，则C（　　）A．FA大于FBB．若左右调节A点位置，可使FA等于FBC．若左右调节A点位置，可使FA、FB均大于mgD．若改挂质量为2m的灯笼，可使FA、FB均增大mg3．如图所示电路，水平放置的平行板电容器的以个极板与滑动变阻器的滑动端C相连接．电子以速度ʋ0垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场．在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下，若使滑动变阻器的滑动端C上移，则电容器极板上所带电量q和电子穿越平行板所需的时间t（　　）A．电量q增大，时间t不变B．电量q不变，时间t增大C．电量q增大，时间t减小D．电量q不变，时间t不变4．同步卫星离地球球心的距离为r，运行速率为v1，加速度大小为a1，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度大小为a2，第一宇宙速度为v2，地球半径为R，则（　　）A．a1：a2=R2：r2B．a1：a2=r：RC．v1：v2=R2：r2D．v1：v2=：5．某研究小组通过实验测得两滑块碰撞前后运动的实验数据，得到如图所示的位移﹣时间图象．图中的线段a、b、c分别表示沿光滑水平面上同一条直线运动的滑块Ⅰ、Ⅱ和它们发生正碰后结合体的位移变化关系．已知相互作用时间极短．由图象给出的信息可知（　　）A．碰前滑块Ⅰ与滑块Ⅱ速度之比为7：2B．碰前滑块Ⅰ的动量比滑块Ⅱ的动量大C．碰前滑块Ⅰ的动能比滑块Ⅱ的动能小D．滑块Ⅰ的质量是滑块Ⅱ的质量的倍6．从水平地面上方同一高度处，使a球斜上抛，使b球平抛，且两球质量相等，初速度大小相同，最后落于同一水平地面上．空气阻力不计．在此过程中，下列说法正确的是（　　）A．两球着地时的动能相同B．两球着地时的动量相同C．重力对两球所做的功相同D．重力对两球的冲量相同7．在光滑绝缘水平面上，一条绷紧的轻绳拉着一个带电小球绕轴O在匀强磁场中作逆时针方向匀速圆周运动，磁场方向竖直向下，其俯视图如图所示．若小球运动到A点时，绳子忽然断开．关于小球在绳断开后可能的运动情况，下列说法中正确的是（　　）A．小球仍作逆时针匀速圆周运动，半径不变B．小球作顺时针匀速圆周运动，半径不变C．小球仍作逆时针匀速圆周运动，但半径减小D．小球作顺时针匀速圆周运动，半径减小8．一个半径为R的绝缘光滑的圆环竖直放置在方向水平向右的、场强为E的匀强电场中，如图所示，环上a、c是竖直直径的两端，b、d是水平直径的两端，质量为m的带电小球套在圆环上，并可以沿环无摩擦滑动．已知小球自a点由静止释放，沿abc运动到d点时的速度恰好为零．由此可知，下列说法正确的是（　　）A．小球在d点时的加速度为零B．小球在d点时的电势能最大C．小球在b点时的机械能最大D．小球在运动中动能的最大值为（1+）mgR　三．非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～32题为必考题，每个 试题 中考模拟试题doc幼小衔接 数学试题 下载云南高中历年会考数学试题下载N4真题下载党史题库下载 考生都必须作答．第33题～37题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（1）用落体法验证机械能守恒定律，下面哪些测量工具是必需的？　　．（A）天平（B）弹簧秤（C）刻度尺（D）秒表（2）如图是实验中得到的一条纸带．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg，纸带上第0、1两点间距离接近2mm，A、B、C、D是连续打出的四个点，它们到O点的距离如图所示，则由图4中数据可知，重物由O点运动到B点，重力势能的减少量等于　　J，动能的增加量等于　　J（取三位有效数字）．动能增加量小于重力势能的减少量的原因主要是　　．10．某同学要通过实验测量一节干电池的电动势和内阻，可供选择的器材有：电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、滑动变阻器R1（10Ω，2A）、滑动变阻器R2、定值电阻R0为1.5Ω、电键S及导线若干．（1）为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用　　（填“R1”或“R2”）．（2）本次实验按照如图1所示实物连接线路图连接好后进行测量，测得数据如表所示． 次数待测量 1 2 3 4 5 I/A 0.15 0.20 0.30 0.40 0.50 U/V 1.46 1.45 1.43 1.42 1.39由上表数据可看出，电压表示数变化不明显，试分析引起上述情况的原因是　　．（3）为使电压表的示数变化更明显，请将上述器材的连线略加改动，在图2方框中画出改动后的实验电路图．（4）实验中改变滑动变阻器的阻值，根据测出数据画出的U﹣I图线如图3所示，则此干电池的内阻r=　　Ω．（保留两位小数）11．中国空气动力研究为我国飞机、导弹、飞船等航空航天飞行器的空气动力试验研究作出了巨大贡献．某风洞飞行试验基地，在风洞内向上的风速、风量保持不变的情况下，让试验人员通过身姿调整，可改变所受向上的风力大小，以获得不同的运动效果．假设人体所受风力大小与正对面积成正比，已知水平横躺时所受风力面积最大，站立时受风力有效面积位最大值的．风洞内人体可上下移动的空间如图A到C的总高度为H．开始时，若人体与竖直方向成一定角度倾斜，所受风力有效面积是最大值的一半，恰好可以静止或匀速漂移．现质量为m的试验人员从最高点A由静止开始，先以向下的最大加速度匀加速下落，经过B点后，再以向上的最大加速度匀减速下落，刚好能在最低点C处减速为零．求此过程中：（1）由A到C全过程试验人员克服风力做的功；（2）试验人员向上的最大加速度；（3）B点到C点的高度．12．如图所示，绝缘轨道CDGH位于竖直平面内，圆弧段DG的圆心角为θ=37°，DG与水平段CD、倾斜段GH分别相切于D点和G点，CD段粗糙，DGH段光滑，在H处固定一垂直于轨道的绝缘挡板，整个轨道处于场强为E=1×104N/C、水平向右的匀强电场中．一质量m=4×10﹣3kg、带电量q=+3×10﹣6C的小滑块在C处由静止释放，经挡板碰撞后滑回到CD段的中点P处时速度恰好为零．已知CD段长度L=0.8m，圆弧DG的半径r=0.2m；不计滑块与挡板碰撞时的动能损失，滑块可视为质点．求：（1）滑块与CD段之间的动摩擦因数μ；（2）滑块在CD段上运动的总路程．（3）滑块与绝缘挡板碰撞时的最大动能和最小动能．　选考题：共45分．请考生从给出的2道物理题，2道化学题、1道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡上选答区域指定位置答题．如果多做，则每科按所做的第一题计分．【物理--选修3-3】13．对下列物理现象的描述，正确的是（　　）A．0°C的冰和0°C的铁块的分子平均动能相同B．装有气体的密闭容器自由下落时气体压强将减小C．自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性D．第二类永动机不可能制成，因为它违反了能量守恒定律E．气体对器壁的压强就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力14．一定质量的理想气体经历了温度缓慢升高的变化，如图所示，p﹣T和V﹣T图各记录了其部分变化过程，试求：①温度为600K时气体的压强；②在p﹣T图象上将温度从400K升高到600K的变化过程补充完整．　[物理-选修3-4]15．对下列物理现象的描述，正确的是（　　）A．一个质点做简谐振动，当它每次经过同一位置时，位移和动能一定相同B．振幅为A的某一弹簧振子，在T/4时间内，振子的位移可能为零，路程可能小于AC．简谐波的传播方向一定和介质中质点振动方向一致D．振荡电路发射电磁波的过程，也是向外辐射能量的过程E．以相同入射角从水中射向空气，紫光能发生全反射，红光也一定能发生全反射16．在某节日庆典上，为了达到所需要的灯光效果，需要完成下列工作．如图所示，由红、黄两种单色光组成的光束a，以入射角i从平行玻璃板上表面O点入射．已知平行玻璃板厚度为d，红光和黄光的折射率分别为n1和n2，真空中的光速为c．试求红光和黄光从下表面射出的时间差．　重庆市高考物理一模试卷参考 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 与试题解析　二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．下列说法正确的是（　　）A．光的波粒二象性是综合了牛顿的微粒说和惠更斯的波动说得出来的B．U+n→Sr+Xe+xn是核裂变方程，其中x=10C．发生光电效应时，入射光越强，光子的能力就越大，光电子的最大初动能就越大D．爱因斯坦的质能方程E=mc2中，E是物体以光速c运动的动能【考点】光电效应；爱因斯坦质能方程；裂变反应和聚变反应．【分析】光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，与入射光的强度无关，根据光电效应方程判断影响光电子最大初动能的因素；根据质量数守恒和电荷数守恒判断x的值；质能方程E=mc2，知物体具有的能量与其质量成正比．【解答】解：A、牛顿的“微粒说”认为光是一种实物粒子，而爱因斯坦的“光子说”认为光是一种量子化的物质，麦克斯韦的电磁说与爱因斯坦的光子说，光既具有波动性又具有粒子性，故具有波粒二象性．故A错误．B、根据质量数守恒和电荷数守恒，得x=10，故B正确．C、根据光电效应方程知：mvm2=hν﹣W，入射光频率越大所产生的光电子的最大初动能就越大，与入射光的强度无关．故C错误．D、爱因斯坦的质能方程E=mc2，只是说明物体具有的能量与它的质量之间存在着简单的正比关系，E并不是物体以光速c运动的动能．故D错误．故选：B．　2．重庆一些地区有挂灯笼的习俗．如图，质量为m的灯笼用两根长度一定的轻绳OA、OB悬挂在水平天花板上，O为结点，OA＞OB，∠AOB=90°．设OA、OB对O点的拉力大小分别为FA，FB，轻绳能够承受足够大的拉力，则C（　　）A．FA大于FBB．若左右调节A点位置，可使FA等于FBC．若左右调节A点位置，可使FA、FB均大于mgD．若改挂质量为2m的灯笼，可使FA、FB均增大mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对O点受力分析，受重力和两个拉力，根据平衡条件并结合合成法作图分析即可．【解答】解：对O点受力分析，如图所示：根据平衡条件，并结合正弦定理，有：A、由于α＞β，故，即FA小于FB，故A错误；B、不管如何调节A点的位置，总有α＞β，故一定有FA小于FB，故B错误；C、调节悬点A的位置，使A点向左移动，当α+β趋向180°时，可使FA、FB都大于mg，故C正确；D、由于，故换质量更大的灯笼，α、β均不变，根据=C=，FB的增加量比FA的增加量大，故D错误；故选：C　3．如图所示电路，水平放置的平行板电容器的以个极板与滑动变阻器的滑动端C相连接．电子以速度ʋ0垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场．在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下，若使滑动变阻器的滑动端C上移，则电容器极板上所带电量q和电子穿越平行板所需的时间t（　　）A．电量q增大，时间t不变B．电量q不变，时间t增大C．电量q增大，时间t减小D．电量q不变，时间t不变【考点】带电粒子在混合场中的运动；电容；闭合电路的欧姆定律．【分析】根据电容器的带电量公式q=UC即可得出电量的变化，电子在平行板电容器中做类平抛运动，根据类平抛运动的规律求出时间．【解答】解：当滑动变阻器的滑动端C上移时，跟电容器并联的阻值增大，所以电容器的电压U增大，根据q=UC得：电量q增大；电子在平行板电容器中做类平抛运动，沿极板方向做匀速直线运动，所以运动时间t=与电压的变化无关，所以时间t不变．故A正确，BCD错误故选：A　4．同步卫星离地球球心的距离为r，运行速率为v1，加速度大小为a1，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度大小为a2，第一宇宙速度为v2，地球半径为R，则（　　）A．a1：a2=R2：r2B．a1：a2=r：RC．v1：v2=R2：r2D．v1：v2=：【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】同步卫星的角速度与地球自转的角速度相同，地球赤道上的物体随地球自转时，其角速度也与地球自转的角速度相同，由a=ω2r求解a1：a2．人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，可得到卫星的速度与半径的关系式，再求解速度之比v1：v2．【解答】解：A、B、同步卫星的角速度、赤道上的物体的角速度都与地球自转的角速度相同，则由a=ω2r得，a1：a2=r：R．故A错误，B正确．C、D、第一宇宙速度等于近地卫星的运行速度，人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则得：G=m，解得：v=，M是地球的质量为M，r是卫星的轨道半径，则得到：v1：v2=：．故C错误，D正确．故选：BD　5．某研究小组通过实验测得两滑块碰撞前后运动的实验数据，得到如图所示的位移﹣时间图象．图中的线段a、b、c分别表示沿光滑水平面上同一条直线运动的滑块Ⅰ、Ⅱ和它们发生正碰后结合体的位移变化关系．已知相互作用时间极短．由图象给出的信息可知（　　）A．碰前滑块Ⅰ与滑块Ⅱ速度之比为7：2B．碰前滑块Ⅰ的动量比滑块Ⅱ的动量大C．碰前滑块Ⅰ的动能比滑块Ⅱ的动能小D．滑块Ⅰ的质量是滑块Ⅱ的质量的倍【考点】动量守恒定律；动能．【分析】根据s﹣t图象的斜率得到滑块I、Ⅱ碰撞前后的速度，然后结合动量守恒定律列式分析．【解答】解：A、根据s﹣t图象的斜率等于速度，则得：碰撞前滑块I速度为：v1=m/s=﹣2m/s，大小为2m/s；滑块Ⅱ速度为v2=m/s=0.8m/s，则碰前速度之比为5：2，故A错误；B、碰撞前后系统动量守恒，碰撞前，滑块I速度为负，动量为负，滑块Ⅱ的速度为正，动量为负．由于碰撞后动量为正，故碰撞前总动量也为正，故碰撞前滑块I的动量比滑块Ⅱ小，故B错误；C、碰撞后的共同速度为v=m/s=0.4m/s；可知，碰前滑块Ⅰ比滑块Ⅱ速度大，故C错误；D、根据动量守恒定律，有：m1v1+m2v2=（m1+m2）v代入数据，有：﹣2m1+0.8m2=0.4（m1+m2），联立解得：m2=6m1，故D正确；故选：D　6．从水平地面上方同一高度处，使a球斜上抛，使b球平抛，且两球质量相等，初速度大小相同，最后落于同一水平地面上．空气阻力不计．在此过程中，下列说法正确的是（　　）A．两球着地时的动能相同B．两球着地时的动量相同C．重力对两球所做的功相同D．重力对两球的冲量相同【考点】动量定理；功的计算．【分析】动量是矢量，动量的方向就是速度的方向，斜上抛和平抛运动的球落地时速度方向是不一样的，故这两种运动的球落地时动量是不同的；斜上抛和平抛运动的时间不同，故重力对两球的冲量不同；重力对两球做功WG=mgh相等；根据动能定理，两球着地时的动能相同【解答】解：A、C、斜直上抛和平抛过程中两球都只受重力作用，只有重力做功，两物体初位置高度相同，故重力做功相同，根据动能定律，EK﹣EK0=WG，因为EK0=相同，WG相同，故两球着地时的动能相同，故A正确，C正确，B、D、两球初始高度相同，a球斜上抛，b球平抛，a球开始时具有向上的分速度，所以a运动的时间比b球运动的时间长，故重力对a球的冲量比对b球的冲量大；则落地时a球竖直方向的分动量大；又由于二者落地时的动能相等，则落地的速度大小相等；所以可知二者落地时速度的方向和动量的方向不同．故B错误，D错误．故选：AC　7．在光滑绝缘水平面上，一条绷紧的轻绳拉着一个带电小球绕轴O在匀强磁场中作逆时针方向匀速圆周运动，磁场方向竖直向下，其俯视图如图所示．若小球运动到A点时，绳子忽然断开．关于小球在绳断开后可能的运动情况，下列说法中正确的是（　　）A．小球仍作逆时针匀速圆周运动，半径不变B．小球作顺时针匀速圆周运动，半径不变C．小球仍作逆时针匀速圆周运动，但半径减小D．小球作顺时针匀速圆周运动，半径减小【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】运动的带点粒子在磁场中受力洛伦兹力的作用，分小球带正电和负电两种情况进行讨论，用左手定则判断洛伦兹力的方向，根据向心力公式分析绳子所受的力，绳子断开后，绳子的拉力为零，小球仅受洛伦兹力，根据受力情况判断小球的运动情况即可．【解答】解：A．如果小球带正电，则小球所受的洛伦兹力方向指向圆心，此种情况下，如果洛伦兹力刚好提供向心力，这时绳子对小球没有作用力，绳子断开时，对小球的运动没有影响，小球仍做逆时针的匀速圆周运动，半径不变，故A正确；B．如果小球带负电，则小球所受的洛伦兹力方向背离圆心，由可知，当洛伦兹力的大小等于小球所受的拉力的一半时，绳子断后，小球做顺时针的匀速圆周运动，半径不变，故B正确；C、如果洛伦兹力和拉力共同提供向心力，绳子断开时，向心力减小，而小球的速率不变，则小球做逆时针的圆周运动，但半径增大，故C错误；D．当洛伦兹力的大小大于小球所受的拉力的一半时，则绳子断后，向心力增大，小球做顺时针的匀速圆周运动，半径减小，故D正确．故选：ABD　8．一个半径为R的绝缘光滑的圆环竖直放置在方向水平向右的、场强为E的匀强电场中，如图所示，环上a、c是竖直直径的两端，b、d是水平直径的两端，质量为m的带电小球套在圆环上，并可以沿环无摩擦滑动．已知小球自a点由静止释放，沿abc运动到d点时的速度恰好为零．由此可知，下列说法正确的是（　　）A．小球在d点时的加速度为零B．小球在d点时的电势能最大C．小球在b点时的机械能最大D．小球在运动中动能的最大值为（1+）mgR【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【分析】小球由a点释放，受到重力、电场力和环的弹力作用，根据电场力做功与电势能变化的关系得到电势能的变化情况，根据动能定理判断动能的变化情况，根据除重力外其余力做功判断机械能的变化情况．【解答】解：A、小球到达d点的速度为零，向心加速度为零，向心力为零，电场力和轨道的支持力的合力为0，小球还受到竖直向下的重力，加速度方向竖直向下，加速度不为零．故A错误；B、根据功能关系，电场力做负功，电势能增加；电场力向左，故运动到d点时克服电场力做的功最多，电势能增加的最多，故B正确；C、根据功能关系，除重力外其余力做功等于机械能的增加量；小球受到重力、电场力和环的弹力作用，弹力沿径向，速度沿着切向，故弹力一直不做功，除重力外只有电场力做功，由于电场力水平向左，故运动到b点时，电场力做的正功最多，机械能增量最大，故C正确；D、根据动能定理，合力做的功等于动能的增加量；从a到d过程，有：mg•R﹣qE•R=0解得qE=mg即电场力与重力大小相等，故重力场和电场的复合场中的最低点在bc段圆弧的中点处，bc中点类似于单摆的平衡位置，小球经中点时动能最大．小球运动此处时动能最大，根据动能定理，有解得，故D正确；故选：BCD．　三．非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～37题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（1）用落体法验证机械能守恒定律，下面哪些测量工具是必需的？　C　．（A）天平（B）弹簧秤（C）刻度尺（D）秒表（2）如图是实验中得到的一条纸带．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg，纸带上第0、1两点间距离接近2mm，A、B、C、D是连续打出的四个点，它们到O点的距离如图所示，则由图4中数据可知，重物由O点运动到B点，重力势能的减少量等于　6.88　J，动能的增加量等于　6.81　J（取三位有效数字）．动能增加量小于重力势能的减少量的原因主要是　存在摩擦阻力做负功　．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）首先明确实验原理，确定实验需要测量的物理量，则可进一步知道实验所需要的器材．（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而得出动能的增加量，根据下降的高度求出重力势能的减小量．【解答】解：（1）在该实验中，通过打点计时器来记录物体运动时间，不需要秒表，由于验证机械能公式中可以把物体质量约掉，因此不需要天平，也不需要弹簧秤．同时实验中需要测量纸带上两点间的距离，所以需要刻度尺．故选C．（2）B点的瞬时速度m/s=3.69m/s，则动能的增加量=6.81J，重力势能的减小量△Ep=mgh=1×9.80×0.7776J=6.88J．动能的增加量小于重力势能的减小量，主要原因是存在摩擦阻力做负功．故答案为：（1）C　（2）6.88　　6.81存在摩擦阻力做负功．　10．某同学要通过实验测量一节干电池的电动势和内阻，可供选择的器材有：电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、滑动变阻器R1（10Ω，2A）、滑动变阻器R2、定值电阻R0为1.5Ω、电键S及导线若干．（1）为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用　R1　（填“R1”或“R2”）．（2）本次实验按照如图1所示实物连接线路图连接好后进行测量，测得数据如表所示． 次数待测量 1 2 3 4 5 I/A 0.15 0.20 0.30 0.40 0.50 U/V 1.46 1.45 1.43 1.42 1.39由上表数据可看出，电压表示数变化不明显，试分析引起上述情况的原因是　新电池的内阻很小，内电路的电压降很小　．（3）为使电压表的示数变化更明显，请将上述器材的连线略加改动，在图2方框中画出改动后的实验电路图．（4）实验中改变滑动变阻器的阻值，根据测出数据画出的U﹣I图线如图3所示，则此干电池的内阻r=　0.20　Ω．（保留两位小数）【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器．（2）分析表中数据，根据闭合电路欧姆定律分析出现该现象的原因；（3）根据分析得出的误差原因，采取增大等效内阻的方法进行实验，则可得出电路图；（4）电源的U﹣I图象与纵轴的交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻【解答】解：（1）因电源内阻较小，为了便于调节，选择总阻值较小的R1（2）由表中数据可知，电压表示数不明显，说明路端电压变化不明显；原因是新电池的内阻很小，所以导致内电路的电压降很小；（3）为了减小实验中内阻测量的误差，将定值电阻R0与电源相连，采用等效的方法来增大内阻；故设计电路如图所示；（4）图象的斜率等于等效内阻，故内阻r+R0==1.7Ω；故r=1.70﹣1.5=0.20Ω；故答案为：（1）R1；（2）新电池的内阻很小，所以导致内电路的电压降很小；（3）如图所示；（4）0.20Ω　11．中国空气动力研究为我国飞机、导弹、飞船等航空航天飞行器的空气动力试验研究作出了巨大贡献．某风洞飞行试验基地，在风洞内向上的风速、风量保持不变的情况下，让试验人员通过身姿调整，可改变所受向上的风力大小，以获得不同的运动效果．假设人体所受风力大小与正对面积成正比，已知水平横躺时所受风力面积最大，站立时受风力有效面积位最大值的．风洞内人体可上下移动的空间如图A到C的总高度为H．开始时，若人体与竖直方向成一定角度倾斜，所受风力有效面积是最大值的一半，恰好可以静止或匀速漂移．现质量为m的试验人员从最高点A由静止开始，先以向下的最大加速度匀加速下落，经过B点后，再以向上的最大加速度匀减速下落，刚好能在最低点C处减速为零．求此过程中：（1）由A到C全过程试验人员克服风力做的功；（2）试验人员向上的最大加速度；（3）B点到C点的高度．【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律．【分析】由题意，人体受风力大小与正对面积成正比，设最大风力为F，由于受风力有效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，故可以求得重力G=F；人站立时风力为F，人下降过程分为匀加速和匀减速过程，先根据牛顿第二定律求出两个过程的加速度，再结合运动学公式分析求解．【解答】解：（1）试验人员从最高点A由静止开始，刚好能再最低点C处减速为零，由A到C全过程动能定理得：WG+W风=0所以试验人员克服风力做的功为：W克=WG=mgH（2）设人体质量为m，由题意，所受风力有效面积是最大值的一半时，风力为；F=mgF风=mg站立时受风力最小为：水平横躺时受风力最大为：FM=2mg故试验人员向上的最大加速度为：（3）对全程由动能定理得：•BC=0解得：答：（1）由A到C全过程试验人员克服风力做的功为mgH；（2）试验人员向上的最大加速度为g；（3）B点到C点的高度为．　12．如图所示，绝缘轨道CDGH位于竖直平面内，圆弧段DG的圆心角为θ=37°，DG与水平段CD、倾斜段GH分别相切于D点和G点，CD段粗糙，DGH段光滑，在H处固定一垂直于轨道的绝缘挡板，整个轨道处于场强为E=1×104N/C、水平向右的匀强电场中．一质量m=4×10﹣3kg、带电量q=+3×10﹣6C的小滑块在C处由静止释放，经挡板碰撞后滑回到CD段的中点P处时速度恰好为零．已知CD段长度L=0.8m，圆弧DG的半径r=0.2m；不计滑块与挡板碰撞时的动能损失，滑块可视为质点．求：（1）滑块与CD段之间的动摩擦因数μ；（2）滑块在CD段上运动的总路程．（3）滑块与绝缘挡板碰撞时的最大动能和最小动能．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；牛顿第二定律．【分析】（1）物块由C处释放后经挡板碰撞滑回P点过程中，由动能定理列式，求出物块与轨道CD段的动摩擦因数µ；（2）根据全过程运用动能定理即可求出在CD段上运动的总路程；（3）滑块与绝缘挡板碰撞的最大动能为滑块第一次运动到G点的动能，对C到G过程由动能定理得到最大动能；滑块最终在DGH间来回往复运动，碰撞绝缘体有最小动能对D到G过程由动能定理得最小动能；【解答】解：（1）滑块由C处释放，经挡板碰撞后第一次滑回P点的过程中，由动能定理得：①解出②（2）滑块在CD段上受到的滑动摩擦力μmg=0.01N、电场力qE=0.03N，滑动摩擦力小于电场力，故不可能停在CD段，滑块最终会在DGH间来回往复运动，到达D点的速度为0．全过程由动能定理得：qE•L+（﹣μmgs）=0﹣0③解出④（3）GH段的倾角θ=37°，滑块受到的重力mg=0.04N，电场力qE=0.03NqEcosθ=mgsinθ=0.024N，加速度a=0．所以滑块与绝缘挡板碰撞的最大动能为滑块第一次运动到G点的动能．对C到G过程由动能定理得：⑤滑块最终在DGH间来回往复运动，碰撞绝缘体有最小动能对D到G过程由动能定理得：=Eqrsinθ﹣mg（r﹣rcosθ）=0.002J⑥答：（1）滑块与CD段之间的动摩擦因数μ为0.25；（2）滑块在CD段上运动的总路程2.4m．（3）滑块与绝缘挡板碰撞时的最大动能0.018J，最小动能为0.002J．　选考题：共45分．请考生从给出的2道物理题，2道化学题、1道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡上选答区域指定位置答题．如果多做，则每科按所做的第一题计分．【物理--选修3-3】13．对下列物理现象的描述，正确的是（　　）A．0°C的冰和0°C的铁块的分子平均动能相同B．装有气体的密闭容器自由下落时气体压强将减小C．自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性D．第二类永动机不可能制成，因为它违反了能量守恒定律E．气体对器壁的压强就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力【考点】热力学第二定律；温度是分子平均动能的标志．【分析】温度是方向的平均动能的标志；密闭容器中的气体对器壁的压强是由于气体分子频繁碰撞器壁而产生的．自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性；第二类永动机不可能制成，因为它违反了热力学第二定律．【解答】解：A、温度是方向的平均动能的标志，0°C的冰和0°C的铁块的分子平均动能相同，故A正确；B、气体压强由于分子热运动时气体分子不断撞击容器壁形成持续压力而形成的，装有气体的密闭容器自由下落时气体压强将不变．故B错误．C、根据热力学第二定律可知，自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性；故C正确；D、第二类永动机不可能制成，因为它违反了热力学第二定律，但没有违反能量守恒定律；故D错误；E、气体压强由于分子热运动时气体分子不断撞击容器壁形成持续压力而形成的；由压强的定义可知，气体的压强等于压力与面积的比值，即气体对器壁的压强在数值上等于大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力，不能说“就是”．故E错误故选：AC　14．一定质量的理想气体经历了温度缓慢升高的变化，如图所示，p﹣T和V﹣T图各记录了其部分变化过程，试求：①温度为600K时气体的压强；②在p﹣T图象上将温度从400K升高到600K的变化过程补充完整．【考点】理想气体的状态方程．【分析】（1）由P﹣T图可知400K时的压强，由V﹣T图可知400K时的体积，则由理想气体的状态方程可求600K时的压强；（2）由V﹣T图可知400K﹣600K时气体的变化情况，则由理想气体状态方程可知压强随温度的变化情况，则可得出正确的P﹣T图象．【解答】解：①由理想气体的状态方程得=；代入数据=解得P2=1.25×105Pa；温度为600K时的气体压强为1.25×105Pa；②图V﹣T图可知，400K﹣500K气体容积不变，气体做等容变化，故在P﹣T图中图象应延伸到500K处，此时压强为1.25×105Pa；从500K﹣600K，气体做等压变化，压强P2=1.25×105Pa；故从500K至600K为水平直线，故图象如图所示：　[物理-选修3-4]15．对下列物理现象的描述，正确的是（　　）A．一个质点做简谐振动，当它每次经过同一位置时，位移和动能一定相同B．振幅为A的某一弹簧振子，在T/4时间内，振子的位移可能为零，路程可能小于AC．简谐波的传播方向一定和介质中质点振动方向一致D．振荡电路发射电磁波的过程，也是向外辐射能量的过程E．以相同入射角从水中射向空气，紫光能发生全反射，红光也一定能发生全反射【考点】全反射；电磁波的发射、传播和接收．【分析】明确简谐振动的基本过程，能根据图象分析振动时间和路程；知道波的传播方向与介质中质点的振动方向之间的关系；明确电磁波的性质，知道电磁波是种能量形式；根据临界角公式sinC=，比较临界角的大小，判断全反射现象．【解答】解：A、根据振动规律可知，一个质点做简谐振动，当它每次经过同一位置时，位移和动能一定相同，故A正确；B、振幅为A的某一弹簧振子，在时间内，振子有可能回到起点，故位移可能为零，但路程可能小于A，如振子靠近最大位移处经最大最位再回到开始位置，可能恰好为，该过程中路程小于A，故B正确；C、对于横波，简谐波的传播方向一定和介质中质点振动方向相互垂直，故C错误；D、振荡电路发射电磁波的过程，也是向外辐射能量的过程，故D正确；E、根据临界角公式sinC=，知红光束的折射率小，临界角大，所以若紫色光能发生全反射，则红色光不一定能发生全反射，故E错误；故选：ABD．　16．在某节日庆典上，为了达到所需要的灯光效果，需要完成下列工作．如图所示，由红、黄两种单色光组成的光束a，以入射角i从平行玻璃板上表面O点入射．已知平行玻璃板厚度为d，红光和黄光的折射率分别为n1和n2，真空中的光速为c．试求红光和黄光从下表面射出的时间差．【考点】光的折射定律．【分析】根据折射定律分别求出红光和黄光的折射角，根据几何关系求出红光和黄光在下表面出射点之间的距离，以及在玻璃砖中的路程差，从而求出两种光在下表面射出的时间差．【解答】解：画出光路图如图所示．设红、黄的折射角分别为r1、r2，则：，红、黄光在玻璃中传播的速度分别为，射出时间分别为，红黄光从下表面射出的时间差：答：红光和黄光从下表面射出的时间差为．．