2023届高三开年摸底联考广东卷物理参考
答案
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及评分意见l.B【解析】一个处于n=5能级的氢原子向低能级跃迁时最多能发出4种不同频率的光子，A错误；放射性元素无论以单质还是以化合物形式存在都具有放射性，B正确；所有核子间都存在核力，C错误；;H十lH--+扞He+in+17.6MeV是核聚变反应方程，D错误。2.A【解析】对黑板擦受力分析可知，竖直平面内黑板擦受到竖直向下的重力mg、水平方向推力F与滑动摩擦力户根据平衡条件可知f=✓(mg)2+F2=5N,方向与mg、F的合力方向相反，A正确，B错误；黑板擦所受摩擦力与推力大小不成正比，C错误；黑板擦吸附在黑板上静止时受到静摩擦力作用，D错误。3.C【解析】M波传播的距离远，即M波先开始传播且波源M起振方向向上，A错误；又波速由介质
决定
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，两列波的波速一定相同，4m则N波的波速为v=-—-=20m/s,B错误；再经o.2s,两列波各向前传播x1=20m/sXO.2s=4m的距离，x=6m的质点恰好o.2s是M波的波峰与N波的波谷相遇，则其纵坐标为Y1=10cm-5cm=5cm,C正确；两列波的波长不同，频率不同，不能发生稳定的干涉现象，D错误。4.D【解析】图甲所示位置线圈平面与磁感线平行，磁通量为零，是图乙的计时起点，A错误；线圈每经过中性面1次，电流方向改变纭穴==—=—2=1次，图示位置与中性面垂直，B错误；电动势的最大值EmnBSwn也20XO.2X-V2归错误；磁通量变化率的T0.4v,c!::,.q>最大值-=,P,改，若增大线圈转动的角速度，则磁通量变化率的最大值增大，D正确。!::,.tsin0°°5.B【解析】设光经AC折射后折射角为0''则n=——,,解得0'=30'圆弧BD面上全反射临界角为c,则sinC=—，解得C=45,sin0°如图所示，光在BD界面的入射角为30,小于全反射临界角，所以光能从BD界面射出，A错误，B正确；光射入透明介质后，传播速度变小，变为v=_!:__,光的频率不变，根据v=叮可知，波长变短，CD错误。B2kQQQ3kQ6.D【解析】根据点电荷电场强度叠加可知，0点电场强度大小为E=平点电场强度大小为EF=k——k—=,A错误；L24L24L2=欢kQ=—kQC、E两处点电荷在D点的合电场强度EDI'垂直OD连线向右，A处点电荷在D点的电场强度E02—，沿OD方向，则L24L27kQD点的电场强度Eo=✓E扣+E扣＝，同理可知B点的电场强度与D点大小相等，但是方向不同，B错误；从0到C,电场沿4L2o--c,电势一直降低，小球带负电，所以电势能一直增加，C错误；等量异种电荷连线的垂直平分线为等势面，且电势为零，所以从0到B,只研究E处的正电荷即可，电势逐渐降低，从0到D,只研究A处的正电荷即可，电势逐渐降低，根据对称性可知，BD两点电势相等，D正确。7.B【解析】导电线框开始在磁场中做加速度为g的匀加速直线运动，然后做加速度减小的加速直线运动，A错误；导电线框速度最EmgR1m3旷R2大时，E=BLv,I=—，竖直方向满足mg=BIL,得v=一—-,由能械守恒可得mgh=Q+—m妒，得Q=mgh—,B正确；RB2L222B'L'开年摸底联考广东卷物理答案第1页（共4页）R2微信订阅号：学习塾＠由测量电路可知，所测E测为电动势真实值，测量的内阻为电池内阻和电流表的内阻之和，故E测等千E真，r测大千r真o319P13.0)p。十pgh(2)了了20p:+扣5(1h=—2【解析】)对左侧气体由玻意耳定律有p。Sp1(h+了h2h)5(分）5左侧竖管中水银竖直方向受力平衡P1S+p2h——hSg=p左5(2分）(3)31则水银对U形管左下角水平管壁的压强p左＝—p。+—pgh(l分）23=—(2)右侧气体p。hSp,(h+2h+h)5(2分）以横管中的水银为研究对象，p左S—p,S=p.主hS•a(2分）39P。1解得a=g(l分）20ph+—514.(1)0.45N(2)D点高【解析】(1)小球1离开弹射器后到达B点，根据动能定理———1Ep0µmgL3mgR=mv�(Z分）zVB恰好能经过B点，根据向心力八飞人工mg=m—(2分）R联立解得Epo=O.22J—=—设弹射器释放的弹性势能为肛时，碰前第小球1到达C点瞬时速度为Ve,根据动能定理Ep2µmgLmv�(l分）解得vc=2ftomis两小球发生非弹性碰撞，动量守恒，设碰后瞬间速度为v气，力mvc=2mv气(1分）解得v气=✓冗m/s矗重力和支持力的合力提供向心F'NC—2mg=2m—(1分）ZR根据牛顿第三定律，碰后瞬间对圆弧轨道C点压力大小FNc=F'NeCl分）联立解得FNc=0.45NO分）(2)设两小球经过D点时速度大小为Vo,由C到D根据机械能守恒11—•2mv'b=6mgR+—•2mv扒1分）2解得vn=✓万m/s—1=——1C到E,机械能守恒，•2mv'i2mg(2RRsin0)+•2m叶(1分）22开年摸底联考广东卷物理答案第3页（共4页）在=E点水平方向速度分量VExVEsin8(1分）===联立解得VevEx✓15+5迈mis>✓瓦m/svo故D点高(1分）35mv6°汇Vo——215.Cl),方向与AB夹角0=37指向右下方(2)(3)v。或Vo2qL1183【解析】设电场强度大小为E,方向与AB的夹角为0,—1粒子由A到B,Eq2Lcos0=mv沪X8(2分）2°—1粒子由A到D,EqLcos(900)=—mv沪X3(2分）2°5mv�解得0=37,E=(2分）2qL(2)粒子从C点射出时，沿电场线方向的位移最大，动能增量最多，如图1将位移AC进行分解，=—4则=—2分）DE3L,EC3L(l—211—FC=L,则AF=LO分）55—2在垂直千电场的方向上：v1t=LO分）5勹c—Eq11在沿着电场的方向上：-t'=—LO分）2m5J订-Vo解得v,=(1分）11Eq5v5—(3)动量的增量:t:,.p=Ft:,.t=Eqt',其中—-=-(1分）m2L2L则t'=—-5v。=Eq12=设粒子进入电场的速度大小为V2,沿电场方向的位移为Y2,垂直千电场方向的位移为X2,则yz—-t-LO分）2m—3—3如图2所示，若x,=MH=L=v,t',则v,=v。(1分）208—4—2若xz=MG=L=vzt',则vz=v。(1分）153G��开年摸底联考广东卷物理答案第4页（共4页）
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