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第六章:温度应力第六章:温度应力
介绍温度应力的基本
概念及其求解过程
温度应力基本概念温度应力基本概念
物体
表
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面和内部温度发生变化会引起物体膨
胀与收缩
¾ 若物体不受任何阻力,则不引起内力;但物
体与外界总有接触,它的某一部分的伸缩受到
限制,产生阻止自由伸缩的内力—热应力;
¾ 物体内部单元间的变形不能任意,互相之间
有约束—产生阻止自由伸缩的内力—热应力;
热应力分析:求解物体温度场发生变化
时,热应力的分布;
基本假设:
• 热、力间无耦合;
• 小变形,线弹性;
• 材料热性质是各向同性,均匀的;
研究步骤:
• 求物体内部的温度场 T(x,y,z,t);
• 求物体内部的热应力分布;
温度场的边值问题温度场的边值问题
热传导:物体一部分对另一部分或两个接
触物体间的热量交换与传递,以
温度变化为标志。
热传导方程: ρα c
wT
t
T +∇=∂
∂ 2
α=λ/cρ;c:比热; λ:导热系数。
α: 导温系数; ρ: 体密度;w: 内部热源强度;
初始条件: ),,(00 zyxTT tt ==
边界条件:
1:已知表面在各时刻温度;
),,,( zyxtTT ss =
2:已知表面上各点的法向热流密度;
n
Tqzyxfq nSn ∂
∂−== λ),,,(
3:物体表面与外界接触;
)( esSn TTq −= β β:放热系数;Ts:物面温度; Te:外界介质温度。
4:物体表面与接触物体以热传导进行热交换;
cS TT = Tc:接触物体的表面温度。
热应力问题基本方程热应力问题基本方程
对定常温度场,内部无热源,有:
ρα c
wT
t
T +∇=∂
∂ 2 02 =∇ T 0),,( =∂
∂= ss n
TorzyxT ϕ
物理方程:
(1) 自由伸缩时,产生应变:
ds
ds´
αTds
任一方向均有:
T
ds
dssd αε =−′=
0, ====== zxyzxyzyx T γγγαεεε
2
(2) 实际非自由伸缩,产生热应力,相应地要
引起变形,应力应变满足虎克定理:
′′
ijij σε ~
(3) 由叠加原理,总应变=自由伸缩应变
+热应力产生的应变:
[ ])(1 zyxx ET σσμσαε +−+= [ ])(1 zxyy ET σσμσαε +−+=
[ ])(1 yxzz ET σσμσαε +−+= xyxy E τμγ )1(20 ++=
yzyz E
τμγ )1(20 ++= zxzx E τ
μγ )1(20 ++=
平衡方程、几何方程、应变协调方程,应力边界
条件,应变边界条件形式不变(与无热应力时相比)
按位移求解温度应力的平面问题按位移求解温度应力的平面问题
平面应力问题: 0,0,0 === zxxyz ττσ
物理方程为: T
E yxx
αμσσε +−= )(1
T
E xyy
αμσσε +−= )(1 xyxy E τ
μγ )1(2 +=
用应变表示应力的物理方程为:
μ
αμεεμσ −−+−= 1)(1 2
TEE
yxx μ
αμεεμσ −−+−= 1)(1 2
TEE
xyy
xyxy
E γμτ )1(2 +=
再根据几何方程可得:
μ
αμμσ −−∂
∂+∂
∂
−= 1)(1 2
TE
y
v
x
uE
x μ
αμμσ −−∂
∂+∂
∂
−= 1)(1 2
TE
x
u
y
vE
y
)(
)1(2 y
u
x
vE
xy ∂
∂+∂
∂
+= μτ
代入平衡方程有:
0)1(
2
1
2
1 2
2
2
2
2
=∂
∂+−∂∂
∂++∂
∂−+∂
∂
x
T
yx
v
y
u
x
u αμμμ
0)1(
2
1
2
1 2
2
2
2
2
=∂
∂+−∂∂
∂++∂
∂−+∂
∂
y
T
yx
u
x
v
y
v αμμμ
应力边界条件为:
Tl
x
v
y
um
y
v
x
ul αμμμ )1(
2
1 +=⎟⎟⎠
⎞
⎜⎜⎝
⎛
∂
∂+∂
∂−+⎟⎟⎠
⎞
⎜⎜⎝
⎛
∂
∂+∂
∂
Tm
y
u
x
vl
y
u
x
vm αμμμ )1(
2
1 +=⎟⎟⎠
⎞
⎜⎜⎝
⎛
∂
∂+∂
∂−+⎟⎟⎠
⎞
⎜⎜⎝
⎛
∂
∂+∂
∂
从平衡方程和边界条件可以看出, 在一定的位移边
界条件下, 由温度变化引起的位移, 就等于温度不
变而受有下列假想的外来作用而引起的位移:
体力:
;
1
,
1
y
TEY
x
TEX
∂
∂
−−−=
∂
∂
−−=
μ
α
μ
α
法向面力: μ
ασ −= 1
TE
N
求出位移后,按下述公式求出热应力:
μ
αμμσ −−∂
∂+∂
∂
−= 1)(1 2
TE
y
v
x
uE
x μ
αμμσ −−∂
∂+∂
∂
−= 1)(1 2
TE
x
u
y
vE
y
)(
)1(2 y
u
x
vE
xy ∂
∂+∂
∂
+= μτ
因此,在温度应力的平面应力问题中,温度
应力就等于假想体力和面力作用下所引起的
应力,再叠加以各向同性的正应力: μ
α
−− 1
TE
平面应变问题:平面应变问题:
物理方程为: TE yxx αμσμ
μσμε )1()
1
(1
2
++−−
−=
xyxy E
τμγ )1(2 +=
T
E xyy
αμσμ
μσμε )1()
1
(1
2
++−−
−=
平面应力 平面应变
E 21 μ−
E
αμ )1( +αμ μ
μ
−1
3
位移势函数位移势函数
0)1(
2
1
2
1 2
2
2
2
2
=∂
∂+−∂∂
∂++∂
∂−+∂
∂
x
T
yx
v
y
u
x
u αμμμ
0)1(
2
1
2
1 2
2
2
2
2
=∂
∂+−∂∂
∂++∂
∂−+∂
∂
y
T
yx
u
x
v
y
v αμμμ
按位移求解时,要满足以下方程组和相应的
边界条件
求解时,特解+补充解
补充解:
0
2
1
2
1 2
2
2
2
2
=∂∂
∂++∂
∂−+∂
∂
yx
v
y
u
x
u μμ
0
2
1
2
1 2
2
2
2
2
=∂∂
∂++∂
∂−+∂
∂
yx
u
x
v
y
v μμ
特解+补充解
满足边界条件
为了求特解,引入: yvxu ∂
∂=′∂
∂=′ ψψ ,
ψ称为位移势函数;
相应地,平衡方程为:
y
T
y
x
T
x
∂
∂+=∇∂
∂
∂
∂+=∇∂
∂
αμψ
αμψ
)1(
)1(
2
2
ψ满足的平衡方程为: Tαμψ )1(2 +=∇
相应地, ψμα 2)1(
1 ∇+=T
μ
αμμσ −−∂
∂+∂
∂
−= 1)(1 2
TE
y
v
x
uE
x
μ
αμμσ −−∂
∂+∂
∂
−= 1)(1 2
TE
x
u
y
vE
y
)(
)1(2 y
u
x
vE
xy ∂
∂+∂
∂
+= μτ yx
E
x
E
y
E
xy
y
x
∂∂
∂
+=
′
∂
∂
+−=
′
∂
∂
+−=
′
ψ
μτ
ψ
μσ
ψ
μσ
2
2
2
2
2
1
1
1
位移补充解u``和v``满足的方程为:
0
2
1
2
1 2
2
2
2
2
=∂∂
′′∂++∂
′′∂−+∂
′′∂
yx
v
y
u
x
u μμ
0
2
1
2
1 2
2
2
2
2
=∂∂
′′∂++∂
′′∂−+∂
′′∂
yx
u
x
v
y
v μμ
相应的应力分量为:
)(
1 2 y
v
x
uE
x ∂
′′∂+∂
′′∂
−=
′′ μμσ )(1 2 x
u
y
vE
y ∂
′′∂+∂
′′∂
−=
′′ μμσ )()1(2 y
u
x
vE
xy ∂
′′∂+∂
′′∂
+=′′ μτ
总的位移分量为: vvvuuu ′′+′=′′+′= ,
总的应力分量为:
xyxyxyyyyxxx τττσσσσσσ ′′+′=′′+′=′′+′= ,,
例: 试求解热应力问题,已知矩形薄板中
发生的变温为: )1( 2
2
0
b
yTT −=
a ab
b
x
y
oT0
解: 位移势函数满
足的方程为:
Tαμψ )1(2 +=∇ )1()1( 2
2
0
b
yT −+= αμ
取位移势函数为: 42 ByAy +=ψ
代入上式有: )1()1(122 2
2
0
2
b
yTByA −+=+ αμ
比较系数有:
2
)1( 0TA
αμ+= 2 012
)1(
b
T
B
αμ+−=
相应地, 42 ByAy +=ψ )
122
()1(
2
42
0
b
yyT −+= αμ
相应的应力分量为:
)1(
2
2
0
b
yTEx −−=′ ασ 0=′yσ 0=′xyτ
a ab
b x
y
oEαT0 EαT0相应的面力如图所示:
为了满足边界条件,可施加
与上述面力大小相等而方向
相反的面力,如图所示: a ab
b x
y
oEαT0 EαT0由此引起的应力作
为补充解;
a ab
b x
y
oEαT0 EαT0其精确解很难求得;
当a>>b时,左右边界成为次要边界,可以按照圣
维南原理,把两边的面力化为静力等效的均布载
荷,则满足相容方程的应力函数可以取为:
2cy=ϕ
相应地,应力分量为:
c
y
x 22
2
=∂
∂=′′ ϕσ 0
2
2
=∂
∂=′′
x
y
ϕσ 0
2
=∂∂
∂−=′′
yxxy
ϕτ
总的应力分量为:
)1(2
2
2
0
b
yTEcxxx −−=′′+′= ασσσ
0=′′+′= yyy σσσ
0=′′+′= xyxyxy τττ
4
边界条件为:
0)(,0)(
0)(,0)(
==
==
±=±=
±=±=
byxybyy
axxyaxx
τσ
τσ
后三个条件满足,第一个条件要用圣维南原
理化为静力等效条件:
0)(,0)( == ∫∫ − ±=− ±= bb axxbb axx ydydy σσ
)1(2
2
2
0
b
yTEcxxx −−=′′+′= ασσσ把 代入,得:
03
22 TEc α=
最后的温度应力为:
0,0,)
3
1(
2
2
0 ==−= xyyx
b
yTE τσασ
x
y
o
+
-
03
2 TEα
03
1 TEα
用极坐标求解用极坐标求解
物理方程: T
E rr
αμσσε θ +−= )(1 TE r αμσσε θθ +−= )(
1
θθ τμγ rr E
)1(2 +=特解: θ
ψψ
θ ∂
∂=′∂
∂=′
r
u
r
ur
1,
位移势函数满足的方程为:
Tαμψ )1(2 +=∇ 2
2
22
2
2 11
θ∂
∂+∂
∂+∂
∂=∇
rrrr
相应的应力分量为:
)11(
1 2
2
2 θ
ψψ
μσ ∂
∂+∂
∂
+−=′ rrr
E
r 2
2
1 r
E
∂
∂
+−=′
ψ
μσ θ
)1(
1 θ
ψ
μτ θ ∂
∂
∂
∂
+=′ rr
E
r
若T=T(r),则可取ψ= ψ(r):
ψ满足的方程为: Tdr
d
rdr
d αμψ )1()1(
2
2
+=+
T
dr
dr
dr
d
r
αμψ )1()(1 +=
积分得: BrATrdrrr ++++= ∫ ∫ ln)1(1)1()( 2 αμαμψ
dr
d
r
E
r
ψ
μσ
1
1 +−=′ ][2 ∫ +−= ATrdrr
Eα
2
2
1 dr
dE ψ
μσ θ +−=′ ][
2
2
TrATrdr
r
E −+−= ∫α
0=′ θτ r
圆环和圆筒的轴对称温度应力圆环和圆筒的轴对称温度应力
a
b
设圆环的内半径为a,外半径为
b,发生轴对称变温T=T(r),
0)(,0)( == == brrarr σσ
相应于位移特解的应力分量为:
][
2
ATrdr
r
E r
ar
+−=′ ∫ασ ][ 22 TrATrdrr
E r
a
−+−=′ ∫ασ θ 0=′ θτ r
边界条件:
边界条件不能被满足
取满足相容方程的应力函数为: 22 r
C=ϕ
相应的应力作为补充解: 0, =′′=′′=′′ θθ τσσ rr C
总应力为:
CATrdr
r
E r
ar
++−= ∫ ][2ασ CTrATrdrr
E r
a
+−+−= ∫ ][ 22ασ θ 0=θτ r
代入边界条件有:
0
2
=+− CA
a
Eα 0][
2
=++− ∫ CATrdrb
E b
a
α
∫∫ −=−=
b
a
b
a
Trdr
ab
ECTrdr
ab
aA
2222
2
, α
][
22
22
2 ∫∫ −−
−= r
a
b
ar
TrdrTrdr
ab
ar
r
Eασ
][ 2
22
22
2
TrTrdrTrdr
ab
ar
r
E r
a
b
a
−+−
+= ∫∫ασ θ
0=θτ r
作为特例,设圆环从某一均匀温度加热,内面
增温Ta,外面增温Tb,内部无热源,求热流稳
定后,圆环中的热应力?
变温满足的方程为: 02 =∇ T 0)(1 =dr
dTr
dr
d
r
BrAT += ln bbraar TTTT == == )(,)(
a
b
r
a
T
a
b
r
b
TT ba
ln
ln
ln
ln
+=
]
1
1
ln
ln
[
2
)(
2
2
2
2
−
−
−−−=
a
b
r
b
a
b
r
b
TTE ba
r
ασ ]
1
1
ln
1ln
[
2
)(
2
2
2
2
+
+
+
−−−=
a
b
r
b
a
b
r
b
TTE baασθ