2022-2023九上物理期中模拟试卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（每题1.5分，共30题，45分）1．电动自行车以其环保、节能的优点成为现在最流行的代步工具，如图所示，它的左转向灯前、后各有一盏（右转向灯也是一样），它们受同一开关控制，且其中某一灯灯丝损坏时，另一灯还可以工作，由此他判断前后两个转向灯的连接方式是（）A．串联B．并联C．晚上串联，白天并联D．不好判断2．如图所示的四个电路图中，电流表和电压表的接法都正确的是A．B．C．D．3．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是A．发生热传递时，热最总是从内能大的物体传递给内能小的物体B．同一物体温度升高，内能一定增大；但物体内能增加，温度不一定升高C．用锯条锯木板，锯条的温度升高是由于锯条从木板中吸收了热量D．物体的内能跟物体的运动速度、物体的温度和物质状态都有关系4．一个开关同时控制电灯和电铃，那么这两个用电器（）A．一定是串联B．一定是并联C．可串联也可并联D．串联或并联都不行5．如图所示，物体A、B的重分别为20N、10N，滑轮和绳子的重忽略不计，此时物体A在水平面上向右作匀速直线运动，若用力F向左拉物体A，使物体A向左作匀速直线运动，则A．F=20NB．F=10NC．F=5ND．F=30N6．如图所示，要使灯泡L1和L2组成并联电路，应（ ）A．只闭合S2B．只闭合S3C．只闭合S1和S3D．只闭合S2和S37．为了抛光一根木锹把，小李用一块砂布包住木锹把，然后用手握住砂布，在木锹把上来回摩擦，不一会儿，手心感到发烫，在这个过程中A．既没有热传递，也没有做功B．既做了功，也发生了热传递C．只是通过做功改变物体内能，而没有热传递D．只是通过热传递改变物体内能，而没有做功8．以下做功改变内能的实例：甲、乙、丙、丁（如图），其中将机械能转化为内能的是（）A．甲和丙B．乙和丁C．乙和丙D．丙和丁9．如图表示的是四冲程汽油机工作循环中的A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程10．为了节约能源，需要提高热机的效率，下列措施不能提高热机效率的是（ ）A．让燃料与空气混合充分，使燃料燃烧得比较完全B．在设计与制造热机时要不断改进与创新，以减少能量的损失C．尽量减少热机内部各部件间的摩擦D．尽量增加热机的工作时间11．如图，正确表示光从水中穿过平静的水面斜射入空气中的情况的是A．B．C．D．12．如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向上移动的过程中，电流表读数和电压表读数的变化情况分别是A．变大，变大B．变大，变小C．变小，变小D．变小，变大13．如图所示，水平拉力F1（6N）将物体（G=9N）沿直线匀速拉动s1的距离，做功W1，借助滑轮组，F2使物体在同一水平面上匀速直线运动同样的距离s1，F2所拉绳端的上升距离为s2，做功为W2，则（ ）A．W2一定小于W1B．s2一定小于s1C．F2一定大于G/3D．F2一定大于F1/314．下列关于温度、内能和热量的说法中，正确的是（）A．0℃冰块没有内能B．水蒸气将壶盖顶起后，水蒸气的温度降低C．一个物体的温度升高，它一定是从外界吸收了热量D．物体吸热时，温度一定升高，内能一定增加15．如图所示电路，闭合开关S后，甲乙两表是电压表，示数之比是3：2，当开关S断开，甲乙两表是电流表，则两表的示数之比为A．2：1B．3：1C．2：3D．1：316．A、B是同种材料制成的均匀导线，它们的横截面积相等，A的长度是B的两倍，如果将B均匀拉长与A一样长，则此时两导体的电阻RA、RB相比较A．RA＝RBB．RA>RBC．RA
总结
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规律，在内燃机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气阀打开，另一个气阀关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动。有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能。36、做功；减小【解析】试题分析：做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量转化的过程，热传递是能量转移的过程．结合陨石坠落时的现象可做出分析．陨石在穿越大气层时摩擦燃烧，克服摩擦力做功，机械能转化成内能，是做功的方式增加了陨石的内能，其机械能是减小的．考点：做功改变物体内能；动能和势能的大小变化点评：会区分做功与热传递在改变内能上的不同之处，同时也要会判断能量的转化情况37、两金属箔带同种电荷，相互排斥机械【解析】[1]用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，这个玻璃棒接触不带电的验电器时，玻璃棒由于缺少电子，会从金属球上夺得电子，使金属球失去电子而带正电，金属球通过金属杆和两片金属箔相连接，故两片金属箔也带正电；金属箔带因带正电荷相互排斥而张开；[2]摩擦起电时，消耗机械能，产生电能，将机械能转化为电能．38、不停地做无规则运动引力0.1【解析】[1]同学们能够闻到酒精的味道，这是酒精气味分子做无规则运动的结果；[2]热熔胶被胶枪挤出，并“粘”在物体上，说明分子间存在引力；[3]r=m=nm=0.1nm．39、内能27%【解析】[1]热机工作时通过燃料的燃烧得到内能，再通过高温高压燃气推动活塞做功，把内能转化为机械能，即内燃机是利用内能来做功的机械；[2]由题意知，内燃机的热机效率：40、异种电荷相互吸引并联220V【解析】静电式空气净化器,空气进入净化器静电箱内被电离,使PM2.5颗粒带电,然后被静电箱的带电极吸附,这是利用了异种电荷相互吸引来实现对室内空气净化的.家庭电路中各用电器之间的家庭电路中各家用电器之间是并联的，这种连接方法，使各家用电器都能正常工作，并且互不影响；家庭电路的电压是220V.三、实验题（每空1分，共2题，15分）41、电流表正负接线柱接反了两端的电压大1乙在电压一定时，导体中的电流和电阻成反比【解析】(1)实物电路连接过程中，为保护电路，滑动变阻器要调到最大阻值处；而电压表应与被测电阻并联，且注意其正负接线柱；(2)电流从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针反向偏转；(3)根据欧姆定律，并结合控制变量法作答即可；(4)换上10Ω的电阻后，电阻值变大，串联电路的电压规律--导体两端的电压和其电阻值成正比；所以电阻两端的电压（即电压表示数）会变大；这时应该让滑动变阻器的电阻值变大，那么，滑动变阻器两端的电压会增大，电源电压不变，所以定值电阻两端的电压就会减小，直到变为1V（控制电阻R两端的电压保持不变）；(5)根据串联电路特点求出滑动变阻器的最小阻值，然后选择滑动变阻器；(6)掌握电流与电阻的关系，在写结论时，注意控制的变量。【详解】(1)[1]实物电路连接过程中，为保护电路，滑动变阻器要调到最大阻值处，根据题目要求划片向右滑动阻值变大，则应连接滑动变阻器的A接线柱；而电压表应与定值电阻并联，且电源电压为3V，则电压表选择0～3V量程，如图所示：(2)[2]闭合开关后发现电流表指针向0刻度线的左侧偏转，这是因为电流表正负接线柱接反了；(3)[3]根据欧姆定律可知，探究“电流与电阻的关系”应控制定值电阻两端的电压不变；(4)[4][5]电阻由5Ω换成10Ω后，电阻值变大，其两端的电压会变大。串联电路的电压规律−−导体两端的电压和其电阻值成正比。此时，应该让滑动变阻器的滑片向B端滑动，让其阻值变大，其两端的电压变大一些，那么，定值电阻两端的电压就会变小，直到电阻两端的电压变为1V为止；(5)[6]由(3)可知定值电值两端的电压为1V，当定值电值阻值为15Ω时，电路电流为，此时滑动变阻器接入电路的阻值：，因此滑动变阻器应选乙；(6)[7]在电压一定时，导体中的电流和电阻成反比。42、匀速0.274.1增大增大【解析】（1）实验过程中要匀速直线拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变；（2）根据W=Gh求出滑轮对钩码所做的功，根据W=Fs求出拉力做的总功，根据机械效率的公式得到动滑轮的机械效率；（3）根据W额=W总-W有=Fs-Gh求出拉力所做的额外功，然后结合最后一列数据得出结论．【详解】（1）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；（2）第②次实验中，滑轮对钩码所做的功为W有=Gh=2N×0.1m=0.2J，拉力做的总功W总=Fs=1.35N×0.2m=0.27J，动滑轮的机械效率；（3）在用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，由
表格
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数据可知：第一次拉力所做的额外功W额1=W总1-W有1=F1s-G1h=0.8N×0.2m-1N×0.1m=0.06J，第二次拉力所做的额外功W额2=W总2-W有2=F2s-G2h=1.35N×0.2m-2N×0.1m=0.07J，第三次拉力所做的额外功W额3=W总3-W有3=F3s-G3h=1.95N×0.2m-3N×0.1m=0.09J，综上可知，若仅增加被提升物体的物重，则拉力所做的额外功增大，由表格数据最后一列可知，动滑轮的机械效率增大．四、计算题（每题10分，共2题，20分）43、（1）6×103J；（2）5.4×103J；（3）2.7×103N【解析】（1）由图知，n=3，拉力端移动的距离：s=3s物=3×2m=6m，拉力做的功：W总=Fs=1×103N×6m=6×103J；（2）由η=得拉力做的有用功：W有用=W总η=6×103J×90%=5.4×103J．（3）因为W有用=fs物，则汽车受的阻力：f===2.7×103N．答：（1）拉力F做的总功为6×103J；（2）有用功为5.4×103J；（3）汽车受到的阻力大小为2.7×103N．44、（1）1.68×105J；（2）2.1×103J/（kg·℃）。【解析】(1)冰的质量m冰=2kg，冰熔化成水，状态变化，质量不变，水的质量m水=m冰=2kg，由图象知，CD段水从0℃升高到20℃，升高的温度：Δt水=20℃-0℃=20℃，则水吸收的热量：Q吸1=c水m水Δt水=4.2×103J/（kg·℃）×2kg×20℃=1.68×105J。(2)冰在AB段从-20℃吸收热量升高到0℃，升高是温度：Δt冰=0℃-（-20℃）=20℃，加热时间为5min，由题意知，相同时间内冰和水吸收的热量相同，则冰在AB段吸收的热量：，由Q吸=cmΔt得冰的比热容：。答：(1)CD段水吸收的热量为1.68×105J；(2)冰的比热容为2.1×103J/（kg·℃）。
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