《误差理论与数据处理(第6版)》费业泰-课后答案全

《误差理论与数据处理》练习题第一章绪论1-7用二等 标准 excel标准偏差excel标准偏差函数exl标准差函数国标检验抽样标准表免费下载红头文件格式标准下载 活塞压力计测量某压力得100.2Pa，该压力用更准确的办法测得为100.5Pa，问二等标准活塞压力计测量值的误差为多少？【解】在实际检定中，常把高一等级精度的仪器所测得的量值当作实际值。故二等标准活塞压力计测量值的绝对误差＝测得值－实际值＝100.2－100.5＝－0.3（Pa）。相对误差=0.3100%0.3%100.522h+h）为（1.042301-9使用凯特摆时，g由 公式 小学单位换算公式大全免费下载公式下载行测公式大全下载excel公式下载逻辑回归公式下载 g=4π（h+h）/T给定。今测出长度（1212±0.00005）m，振动时间T为（2.0480±0.0005）s。试求g及其最大相对误差。如果（h+h）212测出为（1.04220±0.0005）m，为了使g的误差能小于0.001m/s，T的测量必须精确到多少？【解】测得（h+h）的平均值为1.04230（m），T的平均值为2.0480（s）。1242由gT2(h1h2),得：g421.04230229.81053(m/s)2.0480当(h1h2)有微小变化(h1h2)、T有T变化时，令hh1h2的变化量为：gg(h1h2)gT42h2)82h2)T(h1TT2(h1T3(h1h2)422T(h12[(h1h2)h2)]TTggg4282hThTT2hT3hT42(h2Th)T2Tg的最大相对误差为：g422[h2Th]422[h2TTh]h2TT2TT2g4h2)4hTT2(h1T2h[0.000052(0.0005)]100%0.054%1.042302.0480如果(hh)测出为（1.04220±0.0005）m，为使g的误差能小于0.001m/s2，即：g0.0011222T(h1也即g42[(h1h2)h2)]0.001TT420.00052T1.042200.0012.048022.0480T0.00051.01778T0.00106求得：T0.00055(s)1-10.检定2.5级（即引用误差为2.5%）的全量程为100V的电压表，发现50V刻度点的示值误差2V为最大误差，问该电压表是否合格？【解】引用误差＝示值误差／测量范围上限。所以该电压表的引用误差为：rmUm22%由于：2%<2.5%Um100所以该电压表合格。1－13多级弹导火箭的射程为10000km时，其射击偏离预定点不超过0.lkm，优秀射手能在距离50m远处准确地射中直径为2cm的靶心，试评述哪一个射击精度高?解：多级火箭的相对误差为：0.10.000010.001%10000射手的相对误差为：1cm0.01m0.00020.002%50m50m多级火箭的射击精度高。附加1－1测得某三角块的三个角度之和为180o00’02”,试求测量的绝对误差和相对误差解：绝对误差等于：180o0002180o2相对误差等于：222＝0.000003086410.000031%180o180606016480002第二章误差的基本性质与处理2-2.试述单次测量的标准差和算术平均值的标准差，两者物理意义和实际用途有何x不同？【解】单次测量的标准差表征同一被测量n次测量的测量值分散性的参数，可作为测量列222中单次测量不可靠性的评定标准。12nn算术平均值的标准差是表征同一被测量各个独立列算术平均值分散性的参数，可作x为算术平均值不可靠性的评定标准n1在n次测量的等精度测量列中，算术平均值的标准差为单次测量标准差的，当测n量次数n愈大时,算术平均值愈接近被测量的真值，测量精度也愈高。2-3.试分别求出服从正态分布、反正弦分布、均匀分布误差落在2,2中的概率。【解】（1）误差服从正态分布时P(2)12222)d2e(222222)de(20引入新变量t:t,t,经变换上式成为：2tt2e2dt2(t)20.41950.8484%P(2)022）误差服从反正弦分布时因反正弦分布的标准差为：a，所以区间2,2a,a,231a1故:P(2)d1a223）误差服从均匀分布时因其标准差为：a，所以区间2,22a,2a，故333123P(2)a2a31d122a0.8282%2a2a32-4.测量某物体重量共8次，测得数据（单位为g）为236.45，236.37，236.51，236.34，236.39，236.48，236.47，236.40，求其算术平均值及其标准差。【解】①选参考值x0236.00xixi236.00、x0和残差vi等列于表，计算差值中。n=8，直接求得：18236.43(g)或依算术平均值计算公式，xxi8i1nivi20.0251②计算标准差：用贝塞尔公式计算：1n180.06(g)10.06xn80.0242－6测量某电路电流共5次，测得数据(单位为mA)为168.41，168.54，168.59，168.40，168.50。试求算术平均值及其标准差、或然误差和平均误差。解：5IiIi1168.49(mA)55i1(IiI)0.080.08x0.0451n552(IiI)2i110.080.05R0.67450.02353x54(IiI)4i110.080.06T0.79790.03555x2—7在立式测长仪上测量某校对量具，重复测量5次，测得数据(单位为mm)为20．0015，20.0016，20.0018，20.0015，20.0011。若测量值服从正态分布，试以99％的置信概率确定测量结果。解：①求算术平均值②求测量列单次测量的标准差用贝塞尔公式计算：用别捷尔斯公式计算：'ni1lix20.0015mmnn2i1vi261082.55104mmn14nvi1.2530.00082.24104mm1.253i11)n(n54③求算术平均值的标准差2.55104＝4mmx51.1410n54x''2.2410＝0.0001n5④求单次测量的极限误差和算术平均值的极限误差做法1：因n＝5较小，算术平均值的极限误差应按t分布处理。现自由度为：ν＝n－1＝4；α＝1－0.99＝0.01，查t分布表有：t＝4.60单次测量的极限误差：limxt4.602.551041.1731031.17103mm算术平均值的极限误差：limxtx4.601.141045.24104mm⑥写出最后测量结果Lxlimx20.00155.24104mm做法2：因假设测量值服从正态分布，并且置信概率P=2Φ(t)=99%，则Φ(t)=0.495，查正态分布积分表，得置信系数t2.6单次测量的极限误差：limxt2.602.551046.631040.00066算术平均值的极限误差：limxtx2.601.141042.9641040.0003⑥写出最后测量结果Lxlimx20.00150.0003mm2－10用某仪器测量工件尺寸，已知该仪器的标准差σ＝0.001mm，若要求测量的允许极限误差为±0.0015mm，而置信概率P为0.95时，应测量多少次？解：根据极限误差的意义，有txt0.0015n根据题目给定得已知条件，有t0.00151.5n0.0016查教材附录表3有若n＝5，v＝4，α＝0.05，有t＝2.78，t2.782.781.2452.236若n＝4，v＝3，α＝0.05，有t＝3.18，t3.183.181.59n42即要达题意要求，必须至少测量5次。2-11已知某仪器测量的标准差为0.5μm。①若在该仪器上，对某一轴径测量一次，测得值为26.2025mm，试写出测量结果。②若重复测量10次，测得值（单位为mm）为26.2025，26.2028，26.2028，20.2025，26.2026，26.2022，20.2023，26.2025，26.2026，26.2022，试写出测量结果。③若手头无该仪器测量的标准差值的资料，试由②中10次重复测量的测量值，写出上述①、②的测量结果。解：①单次测量的极限误差以3σ计算:limx330.51.5(m)0.0015(mm)所以测量结果可表示为：26.2025±0.0015(mm)10②重复测量10次，计算其算术平均值为：xxi26.2025(mm)i1:0.0005-4mm取与①相同的置信度，算术平均值的标准差x10＝1.5810nlimx3x31.5810-44.7410-4510-4mm则测量结果为：x3x26.20250.0005(mm)③若无该仪器测量的标准差资料，则依10次重复测量数据计算标准差和表示测量结果。选参考值x026.202xixi26.202、x0和残差vi等列于表中。，计算差值7用贝塞尔公式计算：算术平均值的标准差：nvi2i1421082.2104mmn1101xn2.2104＝0.00007mm10取与①相同的置信度，则测量结果为：xi3此时①的测量结果为26.202530.0002226.20250.0006626.20250.0007(mm)；②的测量结果为26.202530.0000726.20250.0002126.20250.0002(mm).2-13测量某角度共两次，测得值为α=24°13’36”，α=24°13’24”，其标准12差分别为σ1=3.1”，σ2=13.8”，试求加权算术平均值及其标准差。【解】已知各组测量的标准差，可确定各组的权。p1:p212:1212:121:119044:961123.113.89.61190.44取：p119044,p2961选取02413'36''，可由公式直接计算加权算术平均值和标准差：8mipii190440961(12'')10m2413'36''961pi19044i12413'35.4''加权算术平均值的标准差的计算，先求两测量结果的残余误差：v10.6'',v211.4''算术平均值的标准差为：mpivxi21904422i10.6961(11.4)xm(21)(190446.6''(m1)pi961)i12-15.试证明n个相等精度测得值的平均值的权为n乘以任一个测量值的权。【证明】因为等精度测量，可设n个测得值的标准差均为，且其算术平均值的标准差为：xn又设各测量值的权相等，即：p1p2pip0。n个相等精度测得值的平均值的权为px，则：n个相等精度测得值的平均值的权px与各测得值的权的比为p:p12:1n:1n:1pi(i1,2...n)xi2xipxnpi2-17对某量进行10次测量，测得数据为14.7，15.0，15.2，14.8，15.5，14.6，14.9，14.8，15.1，15.0，试判断该测量列中是否存在系统误差。解：先计算算术平均值：x14.96。各测量数据的残余误差分别为：v10.26v20.04v30.24v40.16v50.54v60.36v70.06v80.16v90.14v100.04①根据残余误差观察法：计算出的残余误差符号正负个数相同，且无显著变化规律，9因此可判断该测量列无变化的系统误差存在。②采用不同公式计算标准差比较法。nvi2i10.624按贝塞尔公式：1n1100.2631ni1vi2用别捷尔斯法计算：1.2531.2532n(n0.2641)109令：20.2641.004110.263220.6670.004，故无根据怀疑测量列存在系统误差。因为：101n1(马利科夫准则)按残余误差校核法：前5个残余误差和与后5个残余误差的差值△为510vivj0.4(0.4)0.8i1j6两部分之差显著不为0，则有理由认为测量列中含有系统误差。④阿卑-赫梅特准则n10.260.040.040.240.240.160.160.54uvivi1i10.540.360.360.060.060.160.160.140.140.040.30560.3n12920.2630.21un120.21所以测量列中含有周期性系统误差（为什么会得出互为矛盾的结论？问题出在本题给出的数据存在粗大误差----这就提醒我们在判断是否有系统误差前，应先剔除粗大误差，然后再进行系统误差判断。）2-18、对某一线圈电感测量10次，前4次是和一个标准线圈比较得到的，后4次是和另一个标准线圈比较得到的，测得结果如下（单位为mH）：50.82，50.83，50.87，50.89；50.78，50.78，50.75，50.85，50.82，50.81试判断前4次和后6次测量中是否存在系统误差。10【解】将两组数据混合排列，用秩和检验法有：n14,n26,T5.5791031.5T14,T30,TT所以有根据怀疑存在系统误差2-19等精度测得某一电压10次，测得结果（单位为V）为25.94，25.97，25.98，26.01，26.04，26.02，26.04，25.98，25.96，26.07。测量完毕后，发现测量装置有接触松动现象，为判明是否因接触不良而引入系统误差，将接触改善后，又重新做了10次等精度测量，测得结果（单位为V）为25.93，25.94，25.98，26.02，26.01，25.90，25.93，26.04，25.94，26.02。试用t检验法（取α=0.05）判断两组测量值之间是否有系统误差。【解】计算两组测量结果的算术平均值：1x26.0011y25.971xy101021(xix)20.00155Sy21(yiy)20.00215Sx1010t(26.00125.971)1010(10102)1.4810)(100.0015510(100.00215)由ν=10+10-2=18及取α=0.05，查t分布表，得t2.1因t1.48t2.1，故无根据怀疑两组数据间存在线性系统误差。2-20.对某量进行了12次测量，测得数据为20.06，20.07，20.06，20.08，20.10，20.12，20.11，20.14，20.18，20.18，20.21，20.19，试用两种 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 判断该测量列中是否存在系统误差。12【解】先计算算术平均值：xxi20.125。各测量数据的残余误差分别为：i1v10.065v20.055v30.065v40.045v50.025v60.005v70.015v80.015v90.055v100.055v110.085v120.065①根据残余误差观察法：计算出的残余误差有规律地递增，在测量开始与结束时误差符11号相反，故可判断该测量列存在线性系统误差。②(马利科夫准则)按残余误差校核法：前6个残余误差和与后6个残余误差的差值△为612vivi0.260.260.52i=1i=7两部分之差显著不为0，则有理由认为测量列中含有线性系统误差。③采用不同公式计算标准差比较法。nvi20.0321i1按贝塞尔公式：11120.054n1nvi0.55用别捷尔斯法计算：1.253i11.2532n(n0.061)1211u210.0610.1110.054220.603，故无根据怀疑测量列存在系统误差。0.11n1121④阿卑-赫梅特准则n10.02n122uvv110.0540.01ii1i1因为：un12，所以测量列中含有周期性系统误差（又出现互为矛盾的结论，如何解释呢？）2－21对某量进行两组测量，测得数据如下：xi0.620.861.131.131.161.181.201.211.221.261.301.341.391.411.57yi0.991.121.211.251.311.311.381.411.481.501.591.601.601.841.95试用秩和检验法判断两组测量值之间是否有系统误差。解：按照秩和检验法要求，将两组数据混合排列成下表：T123456789101112131415xi0.620.861.131.131.161.181.201.211.221.261.30yi0.991.121.211.2512T161718192021222324252627282930xi1.341.391.411.57yi1.311.311.381.411.481.501.591.601.601.841.95T=1+2+5+6+7+8+9+10.5+12+14+15+18+20+21.5+25=174因n1n21510，秩和T近似服从正态分布，N(n1(n1n21),n1n2(n1n21))212由a(n1(n1n21))232.5；(n1n2(n1n21))24.11求出：212Tat2.43选取概率2(t)0.95，即(t)0.475，查教材附表1有t1.96。由于tt，因此，可以认为两组数据间有系统误差。选取置信概率99%（显著度0.01），即取(t)0.495，由附录表1查得：t2.60。由于t2.43t2.60，故无根据怀疑两组数据间有系统误差。2-22对某量进行15次测量，测得数据为28.53，28.52，28.50，29.52，28.53，28.53，28.50，28.49，28.49，28.51，28.53，28.52，28.49，28.40，28.50，若这些测得值已消除系统误差，试用莱以特准则、格罗布斯准则和狄克松准则分别判别该测量列中是否含有粗大误差的测量值。【解】将有关计算数据：平均值、残差vi等列于表中：13直接求得15个数据的算术平均值及其标准差：15115vi0.980328.57i10.265xxin115115i1①用莱以特准则判别粗大误差因v0.9530.795，故第4个测量数据含测量误差，应当剔除。4再对剩余的14个测得值重新计算，得：14vi'21140.0148'i1x'xi28.50n10.033714i11413'30.03370.1011由表知第14个测得值的残余误差：v'(14)0.1730.1011，故也含粗大误差，应剔除。再重复验算，剩下的13个测得值已不包含粗大误差。②用格罗布斯准则判别已经计算出15个测量数据的统计特征量：x28.57,0.265。将测得的数据按从小到大的顺序排列，有：14x(1)28.40,xx(1)28.5728.40.17x(15)29.52,x(15)x29.5228.570.952-26对某被测量x进行间接测量得：2x1.44,3x2.18,4x2.90，其权分别为5:1:1，试求x的测量结果及其标准差？1.442.180.727,x32.90【解】x10.72,x20.725,234选取p15,p21,p31可由公式直接计算加权算术平均值和标准差：155010.00710.005x0.720.722511加权算术平均值的标准差的计算，先求残余误差：vx1x1x0.002,vx20.005,vx30.003算术平均值的标准差为：mpivxi2i150.002210.005210.0032xm(31)(511)0.002(m1)pii1limx3x30.0020.006x0.7220.0062-28测量圆盘的直径D(72.0030.052)mm，按公式计算圆盘面积SD2/4，由于选取的有效数字位数不同，将对面积S计算带来系统误差，为保证S的计算精度与直径测量精度相同，试确定的有效数字位数？【解】测得D的平均值为72.003mm由SD2,得：4g421.042309.81053(m/s2)2.04802当D有微小变化D、有变化时，S的变化量为：SSDSDDD2D240.0523.141672.003(0.052)72.00322472.00320.0525.881340.00450.004取4位有效数字16第三章误差的合成与分配3-2为求长方体体积V，直接测量其各边长为：a161.6mm,b44.5mm,c11.2mm，已知测量的系统误差为a1.2mm,b0.8mm,c0.5mm，测量的极限误差为a0.8mm,b0.5mm,c0.5mm，试求立方体的体积及其体积的极限误差。【解】立方体体积：Vabc，若不考虑测得值的系统误差，则计算体积为：V0abc161.644.511.280541.44(mm3)体积V的系统误差为：考虑测量系统误差后的立方体体积：又直接测量值存在极限误差，则间接测量体积存在的极限误差为：故测量结果为：VlimV77795.703729.1(mm3)3—3长方体的边长分别为α1，α2,α3测量时：①标准差均为σ；②标准差各为σ1、σ2、σ3。试求体积的标准差。解：长方体的体积计算公式为：Va1a2a3体积的标准差应为：V)22(V22V)22V(1)2(3a1a2a3现可求出：Va2a3；Va1a3；Va1a2a1a2a317若：则有：若：则有：123(V22V)22V)22(V2(V2(V2V)1(2(3)))a1a2a3a1a2a3(a2a3)2(a1a3)2(a1a2)2123(a2a3)22(a1a3)22(a1a2)22V1233-4测量某电路的电流I22.5mA，电压U12.6V，测量的标准差分别为I0.5mA,U0.1V，求所耗功率PUI及其标准差P。【解】若不考虑测得值的误差，则计算所耗功率为：PUI12.622.51030.2835WPI22.5103PU12.6UI且U、I完全线性相关，故P=1，所以P)22P22PPP(U()I2IUIUIU(22.5103)20.1212.62(0.5103)2222.510312.60.10.51038.55103(W)若电压、电流的测量结果相互独立，则所耗功率标准差为P)22(P22(IU)2(UI)2P(U)IUI(22.51030.1)2(12.60.5103)236.695006251036.69103(W)3-6已知x与y的相关系数xy1，试求ux2ay的方差u2。【解】属于 函数 excel方差函数excelsd函数已知函数     2 f x m x mx m      2 1 4 2拉格朗日函数pdf函数公式下载 随机误差合成问题。183-12按公式V=πr2h求圆柱体体积，若已知r约为2cm，h约为20cm，要使体积的相对误差等于1％，试问r和h测量时误差应为多少?解：若不考虑测量误差，圆柱体积为Vr2h3.142220251.2cm3根据题意，体积测量的相对误差为1％，即测定体积的相对误差为：1%V即V1%251.21%2.51现按等作用原则分配误差，可以求出测定r的误差应为：r12.5112V/r0.007cm1.412hr19测定h的误差应为：h12.5110.142cm2V/h1.41r23-10假定从支点到重心的长度为L的单摆振动周期为T，重力加速度可由公式T2Lg给出。若要求测量g的相对标准差gg0.1%，试问按等作用原则分配误差时，测量L和T的相对标准差应该是多少？解：由重力加速度公式，T2L得，gT242Lgg42LT2因为，g42LT2g82LT3T因为同测理量，项目有两个，所以n2。按等作用原理分配误差，3得2T42LTgT1g1gTgTgggTTg282L282L2822L22g22gnT4Lg11gT2ggL1g|T|1ggLL0.1%0.03536%T22g222422422g2gngLL和T的相对标准差分别是综上所述，测量L1g1。0.07072%0.07072%和0.03536%.1%L2g220第四章测量不确定度评定与表示测量不确定度的步骤可归纳为1） 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 测量不确定度的来源，列出对测量结果影响显著的不确定度分量。2）评定标注不确定度分量，并给出其数值ui和自由度vi。3）分析所有不确定度分量的相关性，确定各相关系数ρij。4）求测量结果的合成标准不确定度，则将合成标准不确定度uc及自由度v.5）若需要给出展伸不确定度，则将合成标准不确定度u乘以包含因子k，得展伸不确定c度U=kuc。u6）给出不确定度的最后报告，以规定的方式报告被测量的估计值y及合成标准不确定度c或展伸不确定度U，并说明获得它们的细节。根据以上测量不确定度计算步骤。4—1某圆球的半径为r，若重复10次测量得r±σr=(3.132±0.005)cm，试求该圆球最大截面的圆周和面积及圆球体积的测量不确定度，置信概率P=99％。【解】①求圆球的最大截面的圆周的测量不确定度已知圆球的最大截面的圆周为：D2r其标准不确定度应为：uDr222243.1415920.0052r2r0.0314cm确定包含因子。查t分布表t0.99（9）＝3.25，及K＝3.25故圆球的最大截面的圆周的测量不确定度为：U＝Ku＝3.25×0.0314＝0.102②求圆球的体积的测量不确定度圆球体积为：V4r33其标准不确定度应为：21uVr224r222163.1415923.13240.00520.616rr确定包含因子。查t分布表t0.01（9）＝3.25，及K＝3.25最后确定的圆球的体积的测量不确定度为U＝Ku＝3.25×0.616＝2.0024-3测量某电路电阻R两端的电压U，由公式IUI。若测得R算出电路电流UU(16.500.05)V、RR(4.260.02)，相关系数UR0.36，试求电流I的标准不确定度。【解】IU/RI1IUURRR2I22I22IIUI(U)u(R)R2URURuR12U20.02221UUR0.050.02R20.05R4RR20.024-6某数字电压表的说明书指出，该表在校准后的两年内，其2V量程的测量误差不超过±(14×10-6读数+1×10-6×量程)V，相对标准差为20％，若按均匀分布，求1V测量时电压表的标准不确定度；设在该表校准一年后，对标称值为1V的电压进行16次重复测量，得观测值的平均值为0.92857V，并由此算得单次测量的标准差为0.000036V，若以平均值作为测量的估计值，试分析影响测量结果不确定度的主要来源，分别求出不确定度分量，说明评定方法的类别，求测量结果的合成标准不确定度及其自由度。【解】（1）测量误差根据相对标准差为20%由B类评定，根据112.5，V服从均匀分布，2(u)2u且2V量程测量误差(14106读数1106量程)，所以在区间（x-a,x+a）中a1410611062161061.6105uxa1.61059.241063322一年后，对标称值为1V的电压进行16次重复测量X0.92857VX0.000036V（2）不确定度评定影响测量结果不确定度的主要来源：A16次重复测量误差电压表的示值误差电压表的稳定度测量重复误差引起的不确定度V0.92857V0.000036VV160.000009V电压重复性引起的标准不确定度ux1属于A类评定uxV91069V自由度：1=16-1=151B标准电压表的示值误差引起的标准不确定度ux2示值误差按均匀分布计算，属于B类评定ux21410618.08106自由度：2=121=12.532()2(20%)uC稳定度引起的标准不确定度ux3电压表稳定度按均匀分布，属B类评定ux3110628.08106自由度：3=12.53合成标准不确定度ucux12ux22ux32(9106)2(8.08106)2(1.15106)228.010628.0V自由度：cux14uc4ux3428.010628.0Vux241234-9用漏电测量仪直接测量正常使用中微波炉的泄漏电流，5次测量的平均值为0.320mA,平均值的标准差为0.001mA;已知漏电测量仪的示值误差范围为5%,按均匀分布，取相对23标准差为10%;测量时环境温度和湿度的影响范围为2%,按三角分布，其相对标准差为25%;试给出泄漏电流测量的不确定度报告（置信概率为99%）。【解】（1）不确定度评定对泄漏电流测量不确定度影响显著的因素有：A泄漏电流测量重复性引起的不确定度u1B示值误差引起的不确定度u2C环境温度与湿度引起的不确定度u3求u1、u2、u3A测量重复误差引起的不确定度u1V0.001mA1A514示值误差（均匀分布）：u2a0.3205%A11503mA9.2422(10%)232(u2)2u2环境温度（三角分布）：u3a0.3202%2.61103mA2.61A31128662(u3)22(25%)u32）不确定度合成因不确定度各个分量相互独立，即ij0，合成的不确定度为：ucu12u22u32129.2422.6129.65V0.00965mAuc4自由度：cu14u24u3457.1123根据“三分之一准则”，对标准不确定度进行修约得uc0.010mA10A（3）展伸不确定度24取置信概率P99%，=57，查t分布表，得t0.99(57)2.68，泄漏电流测量的展伸不确定度为Ukuc2.689.6525.8620.025862mA根据“三分之一准则”，对展伸不确定度进行修约得U0.026mA26A（4）不确定度报告1）用合成标准不确定度评定泄漏电流，则测量结果为：I0.320mAuc10A57.12）用展伸不确定度评定泄漏电流，则测量结果为：I(0.320mA0.026)mAP0.995725第五章最小二乘法原理参数最小二乘法估计矩阵形式的简单推导及回顾：由误差方程VLAXT且要求VV最小，则：VTV(LAX)T(LAX)(LTXTAT)(LAX)LTLLTAXXTATLXTATAX令其等于f(X),要f(X)最小，需其对应偏导为0：所以：df(X)LTALTA(ATAX)TXTATA0dXLTAXTATAATLATAXX(ATA)1ATL理论基础：df(X)=[df(X)]TdXTdXd[f(X)g(X)]=g(X)[df(X)]f(X)[dg(X)]dXdXdX265-1由测量方程3xy2.9x2y0.9x2y31试求x、y的最小二乘法处理及其相应精度。【解】方法一（常规）1、列出误差方程组v12.9(3x2y)v20.9(x2y)v31.9(2x3y)32＝(2.9(3xy))22y))2(1.9(2x3y))2Vi(0.9(xi＝1分别对x,y求偏导，并令它们的结果为02((3xy)2.9)32((x2y)0.9)2((2x3y)1.9)202((3xy)2.9)2((x2y)0.9)22((2x3y)1.9)3014x5y13.4即：5x14y4.6由上式可解得结果：x=0.9626y=0.0152直接列表计算给出正规方程常数项和系数iai1ai2ai21ai22ai1ai2liai1liai2li1319132.98.72.921-214-20.90.9-1.832-349-61.93.8-5.7------1414-5---13.4-4.6可得正规方程14x5y13.45x14y4.6将x,y的结果代入分别求得：v12.9(30.9626＋0.0152)＝0.003v20.9(0.962620.0152)＝0.0322v31.9(20.9626－30.0152)＝0.02042732222(0.003)2(0.0322)2(0.0204)2得，viv1v2v3i10.00146由题已知，n3，t2得3vi211.461030.0382nt32由不定乘数的方程组14d115d12114d215d2205d1114d1205d2114d221解得d110.0819d220.0819xd110.03820.08190.0109d220.03820.08190.0109方法二（按矩阵形式计算）：由误差方程VLAXv12.9(3x2y)v20.9(x2y)v31.9(2x3y)上式可以表示为v1l131xv2l212即yv3l323v1l12.931Vv2Ll20.9A1x2Xv3l31.92y3可得：Xx1ATL(ATA)1ATLCy式中：28C1(ATA)13－131211451114511451212351414514517114523514所以：XxC1ATLy1145312.91474132.920.9171145120.917129233231.91.91164.6＝0.96261712.60.0152x0.9626即解得，y0.0152将最佳估计值代入误差方程可得，v1l131VLAXv2l21x2v3l32y32.9310.96260.00300.9120.03220.01521.9230.0204将计算得到的数据代入式中3vi211.46－3100.0382nt3-2为求出估计量x,y的标准差，首先求出不定常数(，1，2)。dijij由已知，不定常数dij的系数与正规方程的系数相同，因而dij是矩阵C1中各元素，即29C1d11d121145d21d22171145则14d110.081917114d220.0819171可得估计量的标准差为xd110.03820.08190.0109d220.03820.08190.01095-5测力计示值与测量时的温度t的对应值独立测得如下表所示。t/CF/N15182124273043.6143.6343.6843.7143.7443.78设t无误差，F值随t的变化呈线性关系Fk0kt，试给出线性方程中系数k0和k的最小二乘估计及其相应精度。解法一：利用矩阵求解，误差方程VLAX可写成v1l1115v2l2118v3l3121k0v4l4124kv5l5127v6l6130即v1l143.61115v2